Question

（2012•葫蘆島）△ABC中，BC=AC=5，AB=8，CD為AB邊上的高，如圖1，A在原點(diǎn)處，點(diǎn)B在y軸正半軸上，點(diǎn)C在第一象限，若A從原點(diǎn)出發(fā)，沿x軸向右以每秒1個(gè)單位長(zhǎng)的速度運(yùn)動(dòng)，則點(diǎn)B隨之沿y軸下滑，并帶動(dòng)△ABC在平面上滑動(dòng)．如圖2，設(shè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間表為t秒，當(dāng)B到達(dá)原點(diǎn)時(shí)停止運(yùn)動(dòng)．
（1）當(dāng)t=0時(shí)，求點(diǎn)C的坐標(biāo)；
（2）當(dāng)t=4時(shí)，求OD的長(zhǎng)及∠BAO的大�。�
（3）求從t=0到t=4這一時(shí)段點(diǎn)D運(yùn)動(dòng)路線的長(zhǎng)；
（4）當(dāng)以點(diǎn)C為圓心，CA為半徑的圓與坐標(biāo)軸相切時(shí)，求t的值．

Answer 1

分析：（1）先由BC=AC，CD為AB邊上的高，根據(jù)等腰三角形三線合一的性質(zhì)得出D為AB的中點(diǎn)，則AD=

1

2

AB=4，然后在Rt△CAD中運(yùn)用勾股定理求出CD=3，進(jìn)而得到點(diǎn)C的坐標(biāo)；
（2）如圖2，當(dāng)t=4時(shí)即AO=4，先由D為AB的中點(diǎn)，根據(jù)直角三角形斜邊上的中線等于斜邊的一半得出OD=

1

2

AB=4，則OA=OD=AD=4，判定△AOD為等邊三角形，然后根據(jù)等邊三角形的性質(zhì)求出∠BAO=60°；
（3）從t=0到t=4這一時(shí)段點(diǎn)D運(yùn)動(dòng)路線是弧DD₁，由∠D₁OD=30°，OD=4，根據(jù)弧長(zhǎng)的計(jì)算公式求解；
（4）分兩種情況：①⊙C與x軸相切，根據(jù)兩角對(duì)應(yīng)相等的兩三角形相似證明△CAD∽△ABO，得出

AB

CA

=

AO

CD

，求出AO的值；②⊙C與y軸相切，同理，可求出AO的值．

解答：解：（1）如圖1，∵BC=AC，CD⊥AB，
∴D為AB的中點(diǎn)，
∴AD=

1

2

AB=4．
在Rt△CAD中，CD=

52-42

=3，
∴點(diǎn)C的坐標(biāo)為（3，4）；

（2）如圖2，當(dāng)t=4時(shí)，AO=4，
在Rt△ABO中，D為AB的中點(diǎn)，OD=

1

2

AB=4，
∴OA=OD=AD=4，
∴△AOD為等邊三角形，
∴∠BAO=60°；

（3）如圖3，從t=0到t=4這一時(shí)段點(diǎn)D運(yùn)動(dòng)路線是弧DD₁，其中，OD=OD₁=4，
又∵∠D₁OD=90°-60°=30°，
∴

DD1

=

30×π×4

180

=

2

3

π；

（4）分兩種情況：
①設(shè)AO=t₁時(shí)，⊙C與x軸相切，A為切點(diǎn)，如圖4．
∴CA⊥OA，
∴CA∥y軸，
∴∠CAD=∠ABO．
又∵∠CDA=∠AOB=90°，
∴Rt△CAD∽R(shí)t△ABO，
∴

AB

CA

=

AO

CD

，即

8

5

=

t1

3

，
解得t₁=

24

5

；
②設(shè)AO=t₂時(shí)，⊙C與y軸相切，B為切點(diǎn)，如圖5．
同理可得，t₂=

32

5

．
綜上可知，當(dāng)以點(diǎn)C為圓心，CA為半徑的圓與坐標(biāo)軸相切時(shí)，t的值為

24

5

或

32

5

．

點(diǎn)評(píng)：本題考查了圓的綜合題，涉及到等腰三角形的性質(zhì)，勾股定理，直角三角形的性質(zhì)，等邊三角形的判定與性質(zhì)，弧長(zhǎng)的計(jì)算，直線與圓相切，切線的性質(zhì)，相似三角形的判定與性質(zhì)，綜合性較強(qiáng)，有一定難度，其中第（4）問進(jìn)行分類討論是解題的關(guān)鍵．