Question

（2012•朝陽(yáng)區(qū)二模）在平面直角坐標(biāo)系xOy中，拋物線y=ax²+bx+4經(jīng)過A（-3，0）、B（4，0）兩點(diǎn)，且與y軸交于點(diǎn)C，點(diǎn)D在x軸的負(fù)半軸上，且BD=BC，有一動(dòng)點(diǎn)P從點(diǎn)A出發(fā)，沿線段AB以每秒1個(gè)單位長(zhǎng)度的速度向點(diǎn)B移動(dòng)，同時(shí)另一個(gè)動(dòng)點(diǎn)Q從點(diǎn)C出發(fā)，沿線段CA以某一速度向點(diǎn)A移動(dòng)．
（1）求該拋物線的解析式；
（2）若經(jīng)過t秒的移動(dòng)，線段PQ被CD垂直平分，求此時(shí)t的值；
（3）該拋物線的對(duì)稱軸上是否存在一點(diǎn)M，使MQ+MA的值最�。咳舸嬖�，求出點(diǎn)M的坐標(biāo)；若不存在，請(qǐng)說明理由．

Answer 1

分析：（1）由拋物線y=ax²+bx+4經(jīng)過A（-3，0），B（4，0）兩點(diǎn)利用待定系數(shù)法可求出a、b、c的值，進(jìn)而得出拋物線的解析式；
（2）由A、B、C三點(diǎn)的坐標(biāo)求出AC、BC及AB的值，由相似三角形的判定定理得出△ADQ∽△ABC，再由相似三角形的對(duì)應(yīng)邊成比例可求出DP的值，進(jìn)而可得出AP（即t）的值；
（3）設(shè)拋物線y=-

1

3

x²+

1

3

x+4的對(duì)稱軸x=

1

2

與x軸交于點(diǎn)E．點(diǎn)A、B關(guān)于對(duì)稱軸x=

1

2

對(duì)稱，連接BQ交該對(duì)稱軸于點(diǎn)M．則MQ+MA=MQ+MB，即MQ+MA=BQ，由于當(dāng)BQ⊥AC時(shí)，BQ最小，此時(shí)∠EBM=∠ACO，再由tan∠EBM=tan∠ACO=

3

4

可求出ME的值，進(jìn)而得出M點(diǎn)的坐標(biāo)．

解答：解：（1）∵拋物線y=ax²+bx+4經(jīng)過A（-3，0），B（4，0）兩點(diǎn)，
∴

9a-3b+4=0 16a+4b+4=0

，解得

a=- 1 3 b= 1 3

，
∴所求拋物線的解析式為：y=-

1

3

x²+

1

3

x+4；

（2）如圖1，依題意知AP=t，連接DQ，
∵A（-3，0），B（4，0），C（0，4），
∴AC=5，BC=4

2

，AB=7．
∵BD=BC，
∴AD=AB-BD=7-4

2

，
∵CD垂直平分PQ，
∴QD=DP，∠CDQ=∠CDP．
∵BD=BC，
∴∠DCB=∠CDB．
∴∠CDQ=∠DCB．
∴DQ∥BC．
∴△ADQ∽△ABC．
∴

AD

AB

=

DQ

BC

，
∴

AD

AB

=

DP

BC

，
∴

7-4 2

7

=

DP

4 2

，
解得DP=4

2

-

32

7

，
∴AP=AD+DP=

17

7

．
∴線段PQ被CD垂直平分時(shí)，t的值為

17

7

；


（3）如圖2，設(shè)拋物線y=-

1

3

x²+

1

3

x+4的對(duì)稱軸x=

1

2

與x軸交于點(diǎn)E．點(diǎn)A、B關(guān)于對(duì)稱軸x=

1

2

對(duì)稱，連接BQ交該對(duì)稱軸于點(diǎn)M．
則MQ+MA=MQ+MB，即MQ+MA=BQ，
∵當(dāng)BQ⊥AC時(shí)，BQ最小，此時(shí)，∠EBM=∠ACO，
∴tan∠EBM=tan∠ACO=

3

4

，
∴

ME

BE

=

3

4

，
∴

ME

7 2

=

3

4

，解ME=

21

8

．
∴M（

1

2

，

21

8

），即在拋物線y=-

1

3

x²+

1

3

x+4的對(duì)稱軸上存在一點(diǎn)M（

1

2

，

21

8

），使得MQ+MA的值最�。�

點(diǎn)評(píng)：本題考查的是二次函數(shù)綜合題，涉及到用待定系數(shù)法求二次函數(shù)的解析式、相似三角形的判定與性質(zhì)、銳角三角函數(shù)的定義等相關(guān)知識(shí)，難度較大．