Question

已知函數(shù)f（x）同時(shí)滿足如下三個(gè)條件：①定義域?yàn)閇-1，1]；②f（x）是偶函數(shù)；③x∈[-1，0]時(shí)，，其中a∈R．
（Ⅰ）求f（x）在[0，1]上的解析式，并求出函數(shù)f（x）的最大值；
（Ⅱ）當(dāng)a≠0，x∈[0，1]時(shí)，函數(shù)，若g（x）的圖象恒在直線y=e上方，求實(shí)數(shù)a的取值范圍（其中e為自然對(duì)數(shù)的底數(shù)，e=2.71828…）．

Answer 1

【答案】分析：（Ⅰ）因?yàn)楹瘮?shù)為偶函數(shù)，所以f（x）=f（-x）．x∈[-1，0]時(shí)，得到x∈[0，1]時(shí)得到f（x）的解析式，并討論a的取值利用二次函數(shù)求最值的方法求出最值即可；
（Ⅱ）化簡(jiǎn)g（x），要證g（x）的圖象恒在直線y=e上方即就是要證g_min（x）＞e成立，利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)增減性得到函數(shù)的最小值，讓其大于e，求出a的范圍即可．
解答：解：（Ⅰ）任取x∈[0，1]，，
又f（x）是偶函數(shù)，故x∈[0，1]時(shí)，f（x）=f（-x）=e^2x-ae^x．
由f（x）是定義域?yàn)閇-1，1]的偶函數(shù)可知，f（x）在x∈[0，1]的最大值即可為f（x）的最大值．
當(dāng)x∈[0，1]時(shí)，；；
綜上可知：
a≤e+1時(shí)，f_max（x）=f（1）=e²-ae；a＞e+1時(shí)，f_max（x）=f（0）=1-a．
（Ⅱ）
==
要x∈[0，1]時(shí)，函數(shù)g（x）的圖象恒在直線y=e上方，
即x∈[0，1]時(shí)，g_min（x）＞e成立，
g′（x）f'（x）=（x+a+3）（x-1）e^x，令g′（x）=0，解得x₁=-a-3，x₂=1
①當(dāng)-a-3≤0，即a≥-3且a≠0時(shí)，可得x∈[0，1]時(shí)g′（x）≤0，故g（x）在區(qū)間[0，1]單調(diào)遞減．
此時(shí)g_min（x）=g（1）=（-2-a）e＞e⇒a＜-3，與a≥-3且a≠0矛盾．
②當(dāng)0＜-a-3＜1，即-4＜a＜-3時(shí)，可得x∈[0，-a-3]時(shí)，g′（x）≥0，x∈[-a-3，1]時(shí)g′（x）≤0，可知f（x）在區(qū)間[0，-a-3]單調(diào)遞增．在區(qū)間[-a-3，1]單調(diào)遞減．
此時(shí)g_min（x）＞e?g（0）＞e，且g（1）＞e，

故-4＜a＜-3時(shí)可滿足題意；
③-a-3≥1，即a≤-4時(shí)，可得x∈[0，1]時(shí)g′（x）≥0，可知g（x）在區(qū)間[0，1]單調(diào)遞增．
此時(shí)
綜上可知：a＜-3時(shí)，g（x）的圖象恒在直線y=e上方．
點(diǎn)評(píng)：考查學(xué)生利用導(dǎo)數(shù)求函數(shù)最值的能力，以及單調(diào)性與奇偶性的綜合應(yīng)用能力，理解不等式恒成立的條件．