Question

（2008•深圳二模）已知首項(xiàng)為1的數(shù)列{a_n}滿足：對(duì)任意正整數(shù)n，都有：a1•2

a1

-1+a2•2

a2

-1+a3•2

a3

-1+…+an•2

an

-1=(n2-2n+3)•2n+c，其中c是常數(shù)．
（Ⅰ）求實(shí)數(shù)c的值；
（Ⅱ）求數(shù)列{a_n}的通項(xiàng)公式；
（Ⅲ）設(shè)數(shù)列{

an

•(-

1

2

)

an

-1}的前n項(xiàng)和為S_n，求證：S_2n-1＞S_2m，其中m，n∈N^*．

Answer 1

分析：（Ⅰ）當(dāng)a=1時(shí)，1×2⁰=2×2+c，解得c=-3．
（Ⅱ）由a1•2

a1

-1+a2•2

a2

-1+a3•2

a3

-1+…+an•2

an

-1=(n2-2n+3)•2n+c得an•2

a n

-1=n2•2n-1，由此能求出數(shù)列{a_n}的通項(xiàng)公式．
（Ⅲ）由a_n=n²，知數(shù)列{

an

•(-

1

2

)

an

-1}={n•(-

1

2

)n-1}．由錯(cuò)位相減法求得S2n-1=

4

9

[1-(-

1

2

)2n-1]＞

4

9

．S_2m=

4

9

[1-(-

1

2

)2m]＜

4

9

．所以S_2n-1＞S_2m，其中m，n∈N^*．

解答：解：（Ⅰ）當(dāng)a=1時(shí)，1×2⁰=2×2+c，
解得c=-3．
（Ⅱ）∵a1•2

a1

-1+a2•2

a2

-1+a3•2

a3

-1+…+an•2

an

-1=(n2-2n+3)•2n+c，①
∴a1•2

a1

-1+a2•2

a2

-1+a3•2

a3

-1+…+an-1•2

an-1

-1=[（n-1）²-2（n-1）+3]•2^n-1+c，②
①-②，并整理，得an•2

a n

-1=n2•2n-1，
∴a_n=n²．
（Ⅲ）∵a_n=n²，
∴數(shù)列{

an

•(-

1

2

)

an

-1}={n•(-

1

2

)n-1}．
∴S_2n-1=1+2•(-

1

2

) +3•(-

1

2

)2+…+（2n-1）•(-

1

2

)2n-2，
-

1

2

S_2n-1=1•(-

1

2

) +2•(-

1

2

)2+…+（2n-2）•(-

1

2

)2n-2+（2n-1）•(-

1

2

)2n-1，
∴

3

2

S_2n-1=1+(-

1

2

) +(-

1

2

)2+…+(-

1

2

)2n-2-（2n-1）•(-

1

2

)2n-1，
=

1×[1-(- 1 2 )2n-1]

1-(- 1 2 )

=

2

3

[1-(-

1

2

)2n-1]，
∴S2n-1=

4

9

[1-(-

1

2

)2n-1]＞

4

9

．
同理，S_2m=

4

9

[1-(-

1

2

)2m]＜

4

9

．
∴S_2n-1＞S_2m，其中m，n∈N^*．

點(diǎn)評(píng)：本題考查數(shù)列和不等式的綜合運(yùn)用，解題時(shí)要認(rèn)真審題，注意特殊值和錯(cuò)位相減法的合理運(yùn)用．