Question

在數(shù)列{a_n}中，a_n+1=a_n+2（n∈N*），a₂，a₅，a₁₄構(gòu)成等比數(shù)列．記b_n=

1

anan+1

（n∈N*）
（1）數(shù)列{a_n}的通項(xiàng)公式；
（Ⅱ）設(shè){b_n}的前n項(xiàng)和為R_n．是否存在正整數(shù)k，使得R_k≥2^k成立？若存在，找出一個(gè)正整數(shù)k；若不存在，請(qǐng)說(shuō)明理由．

Answer 1

考點(diǎn)：數(shù)列的求和,數(shù)列遞推式

專題：等差數(shù)列與等比數(shù)列

分析：（I）由a_n+1=a_n+2（n∈N^*），利用等差數(shù)列的通項(xiàng)公式可得a_n=a₁+2（n-1），由于a₂，a₅，a₁₄構(gòu)成等比數(shù)列，利用等比數(shù)列的通項(xiàng)公式可得

a

2 5

=a₂•a₁₄，即(a1+8)2=（a₁+2）（a₁+26），解得a₁即可得出．
（II）由于b_n=

1

anan+1

=

1

(2n-1)(2n+1)

=

1

2

(

1

2n-1

-

1

2n+1

)，利用“裂項(xiàng)求和”可得R_n=

n

2n+1

．假設(shè)存在正整數(shù)k，使得R_k≥2^k成立．即

k

2k+1

≥2k，而

k

2k+1

=

1

2+ 1 k

∈[

1

3

，

1

2

)，即可判斷出．

解答： 解：（I）∵a_n+1=a_n+2（n∈N^*），
∴數(shù)列{a_n}是等差數(shù)列，公差為2，a_n=a₁+2（n-1），
∵a₂，a₅，a₁₄構(gòu)成等比數(shù)列，
∴

a

2 5

=a₂•a₁₄，
∴(a1+8)2=（a₁+2）（a₁+26），解得a₁=1．
∴a_n=2n-1．
（II）b_n=

1

anan+1

=

1

(2n-1)(2n+1)

=

1

2

(

1

2n-1

-

1

2n+1

)，
∴R_n=

1

2

[(1-

1

3

)+(

1

3

-

1

5

)+…+(

1

2n-1

-

1

2n+1

)]
=

1

2

(1-

1

2n+1

)=

n

2n+1

．
假設(shè)存在正整數(shù)k，使得R_k≥2^k成立．
則

k

2k+1

≥2k，
而

k

2k+1

=

1

2+ 1 k

∈[

1

3

，

1

2

)，
而2^k≥2，
∴不存在正整數(shù)k，使得R_k≥2^k成立．

點(diǎn)評(píng)：本題考查了等比數(shù)列的通項(xiàng)公式、“裂項(xiàng)求和法”、不等式的性質(zhì)，考查了推理能力與計(jì)算能力，屬于中檔題．