Question

若數(shù)列A_n=a₁，a₂，…，a_n（n≥2）滿足|a_n+1-a₁|=1（k=1，2，…，n-1），數(shù)列A_n為E數(shù)列，記S（A_n）=a₁+a₂+…+a_n．
（Ⅰ）寫(xiě)出一個(gè)滿足a₁=a_s=0，且S（A_s）＞0的E數(shù)列A_n；
（Ⅱ）若a₁=12，n=2000，證明：E數(shù)列A_n是遞增數(shù)列的充要條件是a_n=2011；
（Ⅲ）對(duì)任意給定的整數(shù)n（n≥2），是否存在首項(xiàng)為0的E數(shù)列A_n，使得S（A_n）=0？如果存在，寫(xiě)出一個(gè)滿足條件的E數(shù)列A_n；如果不存在，說(shuō)明理由．

Answer 1

【答案】分析：（Ⅰ）根據(jù)題意，a₂=±1，a₄=±1，再根據(jù)|a_k+1-a_k|=1給出a₅的值，可以得出符合題的E數(shù)列A₅；
（Ⅱ）從必要性入手，由單調(diào)性可以去掉絕對(duì)值符號(hào)，可得是A_n公差為1的等差數(shù)列，再證充分性，由絕對(duì)值的性質(zhì)得出不等式，再利用同向不等式的累加，可得a_k+1-a_k=1＞0，A_n是遞增數(shù)列；
（Ⅲ）根據(jù)定義構(gòu)造數(shù)列，再用等差數(shù)列求和公式求出S（A_n），最后通過(guò)討論得出符合條件的S（A_n）．
解答：解：（Ⅰ）0，1，0，1，0是一個(gè)滿足條件的E數(shù)列A₅
（Ⅱ）必要性：因?yàn)镋數(shù)列A_n是遞增數(shù)列
              所以a_k+1-a_k=1（k=1，2，…，1999）
              所以A_n是首項(xiàng)為12，公差為1的等差數(shù)列．
              所以a₂₀₀₀=12+（2000-1）×1=2011
      充分性：由于a₂₀₀₀-a₁₉₉₉≤1
                  a₁₉₉₉-a₁₉₉₈≤1
                     …
                  a₂-a₁≤1，
        所以a₂₀₀₀-a₁≤1999，即a₂₀₀₀≤a₁+1999
        又因?yàn)閍₁=12，a₂₀₀₀=2011
        所以a₂₀₀₀=a₁+1999
        故a_k+1-a_k=1＞0（k=1，2，…，1999），即A_n是遞增數(shù)列．
     綜上所述，結(jié)論成立．
（Ⅲ）設(shè)c_k=a_k+1-a_k（k=1，2，…，n-1），則c_k=±1
因?yàn)閍₂=a₁+c₁
    a₃=a₁+c₁+c₂
…
    a_n=a₁+c₁+c₂+…+c_n-1
所以S（A_n）=na₁+（n-1）c₁+（n-2）c₂+（n-3）c₃+…+c_n-1
=（n-1）+（n-2）+…+1-[（1-c₁）（n-1）+（1-c₂）（n-2）+…+（1-c_n-1）]
=
因?yàn)閏_k=±1，所以1-c_k為偶數(shù)（k=1，2，…，n-1））
所以（1-c₁）（n-1）+（1-c₂）（n-2）+…+（1-c_n-1）為偶數(shù)
所以要使S（A_n）=0，必須=使為偶數(shù)
即4整除n（n-1），亦即n=4m或n=4m+1（m∈N^*）
當(dāng)n=4m（m∈N^*）時(shí)，E數(shù)列A_n的項(xiàng)滿足a_4k+1=a_4k-1=0，a_4k-2=-1，a_4k=1（k=1，2，…，n-1））
此時(shí)，有a₁=0且S（A_n）=0成立
當(dāng)n=4m+1（m∈N^*）時(shí)，E數(shù)列A_n的項(xiàng)滿足a_4k+1=a_4k-1=0a_4k-2=-1a_4k=1（k=1，2，…，n-1））
a_4k+1=0時(shí)，亦有a₁=0且S（A_n）=0成立
當(dāng)n=4m+2或n=4m+3（m∈N^*）（m∈N^*）時(shí)，n（n-1）不能被4整除，此時(shí)不存在數(shù)列數(shù)列A_n，使得a₁=0且S（A_n）=0成立
點(diǎn)評(píng)：本題以數(shù)列為載體，考查了不等式的運(yùn)用技巧，屬于難題，第三小問(wèn)注意去絕對(duì)值，分類討論思想的運(yùn)用．