Question

設(shè)數(shù)列{a_n}的前n項(xiàng)積為T_n，T_n=1-a_n；數(shù)列{b_n}的前n項(xiàng)和為S_n，S_n=1-b_n
（1）設(shè)．證明數(shù)列{c_n}成等差數(shù)列；求數(shù)列{a_n}的通項(xiàng)公式；
（2）若T_n（nb_n+n-2）≤kn對n∈N⁺恒成立，求實(shí)數(shù)k的取值范圍．

Answer 1

【答案】分析：（1）首先利用數(shù)列{a_n}的前n項(xiàng)積T_n與通項(xiàng)之間的關(guān)系分類討論寫出相鄰項(xiàng)滿足的關(guān)系式，然后兩式作商即可獲得1-a_n+a_na_n-1=a_n，再利用c_n=，利用作差法即可獲得數(shù)列{c_n}為等差數(shù)列．由此可以求的數(shù)列{c_n}的通項(xiàng)公式，進(jìn)而求得T_n然后求得數(shù)列{a_n}的通項(xiàng)公式；
（2）充分利用（1）的結(jié)論將“T_n（nb_n+n-2）≤kn對n∈N⁺恒成立”轉(zhuǎn)化為：k≥對任意的n∈N*恒成立．然后通過研究函數(shù)的單調(diào)性即可獲得問題的解答．
解答：解：（1）由T_n=1-a_n得：T_n=（n≥2）∴T_n•T_n-1=T_n-1-T_n
∴=1即c_n-c_n-1=1
又T₁=1-a₁=a₁∴a₁==2
∴數(shù)列c_n是以2為首項(xiàng)，1為公差的等差數(shù)列．
∴c_n=c₁+n-1=2+n-1=n+1
∴T_n=
（2）由（1）知：T_n=，
又∵S_n=1-b_n
所以，當(dāng)n=1時(shí)，b₁=1-b₁，∴b₁=．
當(dāng)n≥2時(shí)，S_n=1-b_n，S_n-1=1-b_n-1
∴b_n=b_n-1-b_n，
∴2b_n=b_n-1．
∴{b_n}為以為首項(xiàng)，以為公比的等比數(shù)列．
∴b_n=，
∴對任意的n∈N*恒成立．
∴k≥對任意的n∈N*恒成立．
∴k≥對任意的n∈N*恒成立．
令f（n）=，則f（n+1）=
∵＞0
∴f（n）＞f（n+1），∴任意的n∈N*時(shí)，f（n）為單調(diào)遞減函數(shù)．
令g（n）=，則：g（n+1）=
∴g（n+1）-g（n）=
∴當(dāng)1≤n＜4時(shí)，g（n）為單調(diào)遞增函數(shù)，且g（4）=g（5），
當(dāng)n≥5時(shí)，g（n）為單調(diào)遞減函數(shù)．
設(shè)L（n）=f（n）+g（n）
則：L（1）＜L（2）＜L（3），L（3）＞L（4）＞L（5）＞L（6）＞…
∴L（3）最大，且L（3）=，
∴實(shí)數(shù)k的取值范圍為．
點(diǎn)評：本題考查的是數(shù)列與不等式的綜合類問題．在解答的過程當(dāng)中充分體現(xiàn)了分類討論的思想、問題轉(zhuǎn)化的思想以及恒成立的思想．值得同學(xué)們體會和反思．