Question

14．已知等比數(shù)列{a_n}的前n項(xiàng)和為S_n，a₇=$\frac{1}{64}$，a₂=$\frac{1}{2}$．
（Ⅰ）求數(shù)列{a_n}的通項(xiàng)公式及前n項(xiàng)和為S_n；
（Ⅱ）若b_n=log₂（2-S_n），數(shù)列{b_n}的前n項(xiàng)和為T(mén)_n，求數(shù)列$\left\{{\frac{1}{T_n}}\right\}$（n≥2）的前n項(xiàng)．

Answer 1

分析 （Ⅰ）求出數(shù)列的公比與首項(xiàng)，然后求解通項(xiàng)公式以及S_n；
（Ⅱ）求出b_n，數(shù)列{b_n}的前n項(xiàng)和為T(mén)_n，化簡(jiǎn)數(shù)列$\left\{{\frac{1}{T_n}}\right\}$，利用裂項(xiàng)法求和即可．

解答 （本題滿分10分）
解：（Ⅰ）等比數(shù)列{a_n}的前n項(xiàng)和為S_n，a₇=$\frac{1}{64}$，a₂=$\frac{1}{2}$．
${a_7}={a_2}{q^5}$，$q=\frac{1}{2}$，${a_n}={a_2}{q^{n-2}}={（{\frac{1}{2}}）^{n-1}}$，a₁=1，
∴${S_n}={\frac{{1-（{\frac{1}{2}}）}}{{1-\frac{1}{2}}}^n}=2-\frac{1}{{{2^{n-1}}}}$
（Ⅱ）因?yàn)?{S_n}={\frac{{1-（{\frac{1}{2}}）}}{{1-\frac{1}{2}}}^n}=2-\frac{1}{{{2^{n-1}}}}$，b_n=log₂（2-S_n），
所以$_{n}=lo{g}_{2}（2-2+\frac{1}{{2}^{n-1}}）=1-n$，
則${T_n}=\frac{{-{n^2}+n}}{2}$，
$\frac{1}{T_n}=-\frac{2}{n（n-1）}=-2（{\frac{1}{n-1}-\frac{1}{n}}）$，
${P_n}=-2（{（{\frac{1}{1}-\frac{1}{2}}）+（{\frac{1}{2}-\frac{1}{3}}）+（{\frac{1}{n-1}-\frac{1}{n}}）}）=-2\frac{n-1}{n}$．

點(diǎn)評(píng) 本題考查數(shù)列求和，通項(xiàng)公式的求法，考查轉(zhuǎn)化思想以及計(jì)算能力．