Question

已知數(shù)列{a_n}的前n項(xiàng)和為S_n，點(diǎn)（n，）在直線y=x+上．?dāng)?shù)列{b_n}滿足b_n+2-2b_n+1+b_n=0（n∈N^*），且b₃=11，前9項(xiàng)和為153．
（1）求數(shù)列{a_n}，{b_n}的通項(xiàng)公式；
（2）設(shè)c_n=，數(shù)列{c_n}的前n項(xiàng)和為T_n，求T_n及使不等式T_n＜對一切n都成立的最小正整數(shù)k的值；
（3）設(shè)f（n）=問是否存在m∈N^*，使得f（m+15）=5f（m）成立？若存在，求出m的值； 若不存在，請說明理由．

Answer 1

【答案】分析：（1）由題意得，即S_n=n²+n．利用公式可求得a_n，由b_n+2-2b_n+1+b_n=0及等差數(shù)列的定義可判斷{b_n}為等差數(shù)列，由前9項(xiàng)和為153及b₃=11可求得b₇，進(jìn)而可得公差d，由等差數(shù)列的通項(xiàng)公式可求得b_n；
（2）由（1）可得c_n=．利用裂項(xiàng)相消法可求得T_n，T_n＜恒成立可轉(zhuǎn)化最值解決，而由T_n的單調(diào)性可判斷T_n→，從而得到結(jié)論；
（3）由（1）易知，分m為奇數(shù)、偶數(shù)兩種情況進(jìn)行討論可表示出f（m+15）=5f（m），進(jìn)而解得m，作出結(jié)論；
解答：解：（1）由題意，得，即S_n=n²+n．
故當(dāng)n≥2時(shí)，a_n=S_n-S_n-1=（n²+n）-[（n-1）²+（n-1）]=n+5．
n=1時(shí)，a₁=S₁=6，而當(dāng)n=1時(shí)，n+5=6，
所以a_n=n+5（n∈N^*）；
又b_n+2-2b_n+1+b_n=0，即b_n+2-b_n+1=b_n+1-b_n （n∈N^*），
所以{b_n}為等差數(shù)列，于是=153．
而b₃=11，故b₇=23，則公差d==3，
因此，b_n=b₃+3（n-3）=3n+2，即b_n=3n+2（n∈N^*）．
（2）c_n=
=
==．
所以，T_n=c₁+c₂+…+c_n
=[（1-）+（-）+（-）+…+（-）]
=（1-）=．
易知T_n單調(diào)遞增，由T_n＜得k＞2012T_n，而T_n→，
故k≥1006，∴k_min=1006．
（3），
①當(dāng)m為奇數(shù)時(shí)，m+15為偶數(shù)．
此時(shí)f（m+15）=3（m+15）+2=3m+47，5f（m）=5（m+5）=5m+25，
所以3m+47=5m+25，解得m=11．
②當(dāng)m為偶數(shù)時(shí)，m+15為奇數(shù)．
此時(shí)f（m+15）=m+15+5=m+20，5f（m）=5（3m+2）=15m+10．
所以m+20=15m+10，解得m=∉N*（舍去），
綜上，存在唯一正整數(shù)m=11，使得f（m+15）=5f（m）成立；
點(diǎn)評：本題考查數(shù)列與不等式的綜合、數(shù)列的函數(shù)特性、數(shù)列遞推式等知識，考查分類討論思想，考查學(xué)生解決問題的能力，綜合性強(qiáng)，難度大．