Question

設(shè)，其中a_ik（1≤i≤n，1≤k≤n）表示該數(shù)陣中位于第i行第k列的數(shù)，已知該數(shù)陣每一行的數(shù)成等差數(shù)列，每一列的數(shù)成公比為2的等比數(shù)列，且a₂₃=8，a₃₄=20．
（1）求a₁₁和a_ik；
（2）設(shè)數(shù)陣第i行的公差為d_i（i=1，2，…，n），f（n）=d₁+d₂+…+d_n，求f（n）；
（3）設(shè)A_n=a_1n+a_2（n-1）+a_3（n-2）+…+a_n1，證明：當(dāng)n是3的倍數(shù)時(shí)，A_n+n能被21整除．

Answer 1

【答案】分析：（1）設(shè)第一行的公差為d，則a_1k=a₁₁+（k-1）d，a_ik=[a₁₁+（k-1）d]•2^i-1，由a₂₃=8，a₃₄=20可知a₁₁和d的值，從而得到a_ik的值．
（2）先求數(shù)陣第i行的公差為d_i，再表示出f（n）=d₁+d₂+…+d_n，利用等比數(shù)列的求和公式可求；
（3）先表達(dá)出A_n=a_1n+a_2（n-1）+a_3（n-2）+…+a_n1，再用錯(cuò)位相減法求和，從而可以證明當(dāng)n是3的倍數(shù)時(shí)，A_n+n能被21整除．
解答：解：（1）因?yàn)槊恳涣械臄?shù)是公比為2的等比數(shù)列，a₂₃=8，a₃₄=20，所以a₁₃=4，a₁₄=5，（2分）
故第一行的公差為d₁=1．∴a₁₁=2，（3分）
a_1k=k+1，（4分）
因此a_ik=（k+1）•2^i-1．           （5分）
（2）d_i=a_i（k+1）-a_ik=（k+2）•2^i-1-（k+1）•2^i-1=2^i-1（8分）
∴（10分）
（3）A_n=（n+1）+n•2+（n-1）•2²+…+2•2^n-1，（11分）
2•A_n=（n+1）•2+n•2²+…+3•2^n-1+2•2ⁿ
上面兩式相減得：A_n=-（n+1）+2+2²+…+2^n-1+2•2ⁿ（13分）
=∴A_n+n=3（2ⁿ-1）（14分）
當(dāng)n=3k，（k∈N^*）時(shí)A_n+n=3（8^k-1）=3[（7+1）^k-1]=3（C_k7^k+…+C_k^k-17）=21（C_k7^k-1+…+C_k^k-1），（17分）
因?yàn)镃_k7^k-1+…+C_k^k-1為整數(shù)，所以A_n+n能被21整除．（18分）
點(diǎn)評(píng)：本題的考點(diǎn)是等差數(shù)列與等比數(shù)列的綜合運(yùn)用，主要考查考查數(shù)列的性質(zhì)和應(yīng)用，解題時(shí)要注意錯(cuò)位相減法和分類(lèi)討論法的合理運(yùn)用．