Question

已知，其中e是無理數(shù)，a∈R．
（1）若a=1時(shí)，f（x）的單調(diào)區(qū)間、極值；
（2）求證：在（1）的條件下，；
（3）是否存在實(shí)數(shù)a，使f（x）的最小值是-1，若存在，求出a的值；若不存在，說明理由．

Answer 1

【答案】分析：（1）由題意先對(duì)函數(shù)y進(jìn)行求導(dǎo)，解出極值點(diǎn)，然后再根據(jù)函數(shù)的定義域，把極值點(diǎn)代入已知函數(shù)，比較函數(shù)值的大小，從而解出單調(diào)區(qū)間；
（2）構(gòu)造函數(shù)h（x）=g（x）+，對(duì)其求導(dǎo)，求出h（x）的最小值大于0，就可以了．
（3）存在性問題，先假設(shè)存在，看是否能解出a值．
解答：解：（1）∵當(dāng)a=1時(shí)，，∴，（1分）
∴當(dāng)0＜x＜1時(shí)，f'（x）＜0，此時(shí)f（x）單調(diào)遞減
當(dāng)1＜x＜e時(shí)，f'（x）＞0，此時(shí)f（x）單調(diào)遞增，（3分）
∴f（x）的單調(diào)遞減區(qū)間為（0，1）；單調(diào)遞增區(qū)間為（1，e）；
f（x）的極小值為f（1）=1．（4分）
（2）由（1）知f（x）在（0，e]上的最小值為1，（5分）
令h（x）=g（x）+，x∈（0，e]∴，（6分）
當(dāng)0＜x＜e時(shí)，h′（x）＞0，h（x）在（0，e]上單調(diào)遞增，（7分）
∴，
∴在（1）的條件下，f（x）＞g（x）+，（8分）
（3）假設(shè)存在實(shí)數(shù)a，使，（x∈（0，e]）有最小值-1，
∴，（9分）
①當(dāng)a≤0時(shí)，
∵0＜x≤e，
∴f'（x）＞0，
∴f（x）在（0，e]上單調(diào)遞增，此時(shí)f（x）無最小值．（10分）
②當(dāng)0＜a＜e時(shí)，
若0＜x＜a，則f'（x）＜0，故f（x）在（0，a）上單調(diào)遞減，
若a＜x＜e，則f'（x）＞0，故f（x）在（a，e]上單調(diào)遞增.，，得，滿足條件．（12分）
3當(dāng)a≥e4時(shí)，∵0＜x＜e，
∴f'（x）＜0，
∴f（x）在（0，e]上單調(diào)遞減，（舍去），所以，此時(shí)無解．（13分）
綜上，存在實(shí)數(shù)，使得當(dāng)x∈（0，e]時(shí)f（x）的最小值是-1．（14分）
（3）法二：假設(shè)存在實(shí)數(shù)a，使，x∈（0，e]）的最小值是-1，
故原問題等價(jià)于：不等式，對(duì)x∈（0，e]恒成立，求“等號(hào)”取得時(shí)實(shí)數(shù)a的值．
即不等式a≥-x（1+lnx），對(duì)x∈（0，e]恒成立，求“等號(hào)”取得時(shí)實(shí)數(shù)a的值．
設(shè)g（x）=-x（1+lnx），即a=g（x）_max，x∈（0，e]（10分）
又（11分）
令
當(dāng)，g'（x）＞0，則g（x）在單調(diào)遞增；
當(dāng)，g'（x）＜0，則g（x）在單調(diào)遞減，（13分）
故當(dāng)時(shí)，g（x）取得最大值，其值是
故．
綜上，存在實(shí)數(shù)，使得當(dāng)x∈（0，e]時(shí)f（x）的最小值是-1．（14分）
點(diǎn)評(píng)：此題是一道綜合題，主要還是考查導(dǎo)數(shù)的定義及利用導(dǎo)數(shù)來求區(qū)間函數(shù)的最值，利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性和極值、解不等式等基礎(chǔ)知識(shí)，考查綜合分析和解決問題的能力，解題的關(guān)鍵是求導(dǎo)要精確．