Question

已知，其中e是自然常數(shù)，a∈R．
（1）討論a=1時，f（x）的單調(diào)性、極值；
（2）求證：在（1）的條件下，；
（3）若f（x）的最小值是3，求a的值．

Answer 1

【答案】分析：（1）先求導(dǎo)數(shù)f′（x），在定義域內(nèi)解不等式f′（x）＞0，f′（x）＜0即得f（x）的單調(diào)區(qū)間，由函數(shù)的單調(diào)性即可得到函數(shù)極值．
（2）本題可轉(zhuǎn)化為證明，從而可轉(zhuǎn)化為利用導(dǎo)數(shù)求函數(shù)最值問題．
（3）利用導(dǎo)數(shù)求函數(shù)在定義域內(nèi)的最小值，列出方程即可解得，注意按參數(shù)a的范圍分類討論．
解答：（1）解：當(dāng)a=1時，f（x）=x-lnx，f′（x）=1-=，當(dāng)0＜x＜1時，f′（x）＜0，此時f（x）單調(diào)遞減；
當(dāng)1＜x＜e時，f′（x）＞0，此時f（x）單調(diào)遞增，所以f（x）有極小值為f（1）=1．
（2）證明：由（1）知f（x）的極小值為1，即f（x）在（0，e]上的最小值為1，所以f（x）_min=1，
令h（x）=g（x）+=，則h′（x）=，當(dāng)0＜x＜e時，h′（x）＞0，
h（x）在（0，e]上單調(diào)遞增，∴
所以在（1）的條件下，f（x）＞g（x）．
（3）解：f（x）=ax-lnx，x∈（0，e]，f′（x）=a-=
①當(dāng)a≤0時，∵x∈（0，e]，∴f′（x）＜0，所以f（x）在（0，e]上單調(diào)遞減，f（x）_min=f（e）=ae-1=3，a=（舍）．
②當(dāng)0＜e時，f（x）在（0，）上單調(diào)遞減，在（，e]上單調(diào)遞增，所以，a=e²，滿足條件．
③當(dāng)時，∵x∈（0，e]，∴f′（x）≤0，所以f（x）在（0，e]上單調(diào)遞減，f（x）_min=f（e）=ae-1=3，解得a=（舍）．
綜上，a=e²，使得當(dāng)x∈（0，e]時f（x）有最小值3．
點(diǎn)評：本題屬導(dǎo)數(shù)的綜合應(yīng)用，考查分析解決問題能力，難度較大．第（2）題中，注意是成立的充分不必要條件．