Question

（理科）已知各項(xiàng)都為正數(shù)的數(shù)列{a_n}滿足a₁=1，S_n=

1

2

a_na_n+1（n∈N⁺），其中Sn是數(shù)列{a_n}的前n項(xiàng)的和．
（1）求數(shù)列{a_n}的通項(xiàng)公式a_n；
（2）已知p（≥2）是給定的某個(gè)正整數(shù)，數(shù)列{b_n}滿足b_n=1，

bk+1

bk

=

k-p

ak+1

（k=1，2，3…，p-1），求b_k；
（3）化簡b₁+b₂+b₃+…+b_p．

Answer 1

分析：（1）由sn=

1

2

an•an+1可得sn-1=

1

2

an-1•an，兩式相減，可求得a_n．
（2）由（1）已求得a_n=n，

bk+1

bk

=

k-p

ak+1

=

k-p

k+1

，b₁=1，可以求得b₂，b₃，…用歸納法可求得b_k；
（3）由bk=-

1

p

(-1)k

c

k p

可得b₁+b₂+…+b_p的式子，然后利用組合數(shù)的性質(zhì)可以解決問題．

解答：解：（1）∵sn=

1

2

an•an+1，（n∈N^*），
∴sn-1=

1

2

an-1•an．
∴a_n=

1

2

a_n（a_n+1-a_n-1），即a_n+1-a_n-1=2（n≥2）．
∴a₂，a₄，a₆，…a_2n是首項(xiàng)為a₂，公差為2的等差數(shù)列；
 a₁，a₃，…a_2n-1是首項(xiàng)為a₁，公差為2的等差數(shù)列．
又a1=1，s1=

1

2

a1a2，可得a₂=2．
∴a_2n=2n，a_2n-1=2n-1（n∈N^*）．
所以，所求數(shù)列的通項(xiàng)公式為：a_n=n．
（2）∵p是給定的正整數(shù)（p≥2），

bk+1

bk

=

k-p

ak+1

（k=1，2，3，…p-1），
∴數(shù)列{b_k}是項(xiàng)數(shù)為p項(xiàng)的有窮數(shù)列．
b₁=1，

bk+1

bk

=

k-p

k+1

（k=1，2，3，…p-1），
∴b₂=（-1）

p-1

2

，b₃=（-1）²

(p-1)(p-2)

3•2

，b₄=（-1）³

(p-1)(p-2)(p-3)

4•3•2

，…，
 歸納可得bk=(-1)k-1

(p-1)(p-2)(p-3)…(p-k+1)

k!

(k=1，2，3，…p)．
（3）由（2）可知bk=(-1)k-1

(p-1)(p-2)(p-3)…(p-k+1)

k!

(k=1，2，3，…p)，
 進(jìn)一步可化為bk=-

1

p

(-1)k

C

k p

(k=1，2，3，…p)．
所以，b₁+b₂+b₃+…+b_p-1+b_p
=-

1

p

[(-1)

C

1 p

+(-1)2

C

2 p

+(-1)3

C

3 p

+…+(-1)p

C

p p

]
=-

1

p

[

C

0 p

+(-1)

C

1 p

+(-1)2 

C

2 p

+(-1)3

C

3 p

+…+(-1)p

C

p p

-1]
=-

1

p

[(1-1)p-1]
=

1

p

．

點(diǎn)評(píng)：本題考查數(shù)列的遞推關(guān)系，考查歸納法，解決的難點(diǎn)在于歸納法的選擇與靈活應(yīng)用，特別是第（3）問中，組合數(shù)性質(zhì)的轉(zhuǎn)化與運(yùn)用更是難點(diǎn)，屬于難題．