分析 (1)由c=1,e=\frac{c}{a}=\frac{{\sqrt{2}}}{2},b2=a2-c2,求得a和b的值,求得橢圓方程;
(2)由題意可知設(shè)直線方程,將直線方程代入橢圓方程,由韋達(dá)定理可知求得y1+y2,y1•y2,由\overrightarrow{AF}=λ\overrightarrow{FB}(其中1<λ<3),可知:y1=-λy2,構(gòu)造輔助函數(shù)t=λ+\frac{1}{λ}-2,t∈(0,3),代入求得m2=\frac{2t}{4-t},根據(jù)向量數(shù)量積的坐標(biāo)表示求得\overrightarrow{OA}•\overrightarrow{OB}=\frac{1-2{m}^{2}}{2+{m}^{2}},m2=\frac{2t}{4-t},根據(jù)一次函數(shù)的單調(diào)性即可求得\overrightarrow{OA}•\overrightarrow{OB}的取值范圍.
解答 解:(1)由題意可知:設(shè)橢圓方程為:\frac{{x}^{2}}{{a}^{2}}+\frac{{y}^{2}}{^{2}}=1(a>b>0),
c=1,橢圓的離心率e=\frac{c}{a}=\frac{{\sqrt{2}}}{2},
∴a=\sqrt{2},
由b2=a2-c2=1,
∴橢圓的方程為:\frac{{x}^{2}}{2}+{y}^{2}=1;
(2)\overrightarrow{AF}=λ\overrightarrow{FB}(其中1<λ<3),可知直線斜率不為0,
設(shè)直線l:x=my-1,A(x1,y1),B(x2,y2),
∴y1=-λy2,
\left\{\begin{array}{l}{x=my-1}\\{\frac{{x}^{2}}{2}+{y}^{2}=1}\end{array}\right.,整理得:(2+m2)y2-2my-1=0,
由韋達(dá)定理可知:y1+y2=\frac{2m}{2+{m}^{2}},y1•y2=\frac{-1}{2+{m}^{2}},
∴\frac{4{m}^{2}}{2+{m}^{2}}=\frac{(1-λ)^{2}}{λ}=λ+\frac{1}{λ}-2,
令t=λ+\frac{1}{λ}-2,t∈(0,\frac{4}{3}),
可得:m2=\frac{2t}{4-t},
\overrightarrow{OA}•\overrightarrow{OB}=x1•x2+y1•y2=(my1-1)(my2-1)+y1•y2,
=(1+m2)y1•y2-m(y1+y2)+1,
=\frac{1-2{m}^{2}}{2+{m}^{2}},
將m2=\frac{2t}{4-t}代入整理得:\overrightarrow{OA}•\overrightarrow{OB}=\frac{4-5t}{8},t∈(0,\frac{4}{3}),
由f(t)=\frac{4-5t}{8},在(0,\frac{4}{3})單調(diào)遞減,
∴\overrightarrow{OA}•\overrightarrow{OB}∈(-\frac{1}{3},\frac{1}{2}).
點(diǎn)評(píng) 本題考查橢圓的方程及簡(jiǎn)單幾何性質(zhì),考查直線與橢圓的位置關(guān)系,韋達(dá)定理向量數(shù)量積的坐標(biāo)運(yùn)算,函數(shù)的最值,考查構(gòu)造法,考查計(jì)算能力,屬于中檔題.
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A. | 充分不必要 | B. | 必要不充分 | ||
C. | 充要 | D. | 既不充分也不必要 |
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科目:高中數(shù)學(xué) 來(lái)源: 題型:選擇題
A. | \frac{9}{5} | B. | \frac{12}{5} | C. | \frac{18}{5} | D. | \frac{24}{5} |
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