A. | 一定做豎直上拋運(yùn)動(dòng) | |
B. | 第4s末速度一定為零 | |
C. | 任意1s內(nèi)的速度增量大小都是5m/s | |
D. | 任意相鄰1s內(nèi)的位移差大小都是10m |
分析 A、根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移時(shí)間公式求出初速度和加速度;
B、根據(jù)v=v0+at計(jì)算第4s末速度;
C、根據(jù)a=△v△t,可求出任意1s內(nèi)的速度增量;
D、由位移時(shí)間公式分別求出t秒內(nèi)位移和(t+1)秒內(nèi)位移,作差可得任意相鄰1s內(nèi)的位移差.
解答 解:A、由:x=20t-5t2;x=v0t+12at2
代入數(shù)據(jù)計(jì)算得:v0=20m/s,a=-10m/s2,由于題干中未給出物體的運(yùn)動(dòng)方向,故無法確定是不是豎直上拋運(yùn)動(dòng),故A錯(cuò)誤;
B、根據(jù)v=v0+at得:第4s末的速度:v1=v0+at1=20-10×4=-20m/s,故B錯(cuò)誤;
C、根據(jù)a=△v△t得,任意1s內(nèi)的速度增量△v′=a△t′=-10×1=-10m/s:其大小為10m/s,故C錯(cuò)誤;
D、設(shè)某時(shí)刻為ts,則ts內(nèi)位移為:xt=20t−5t2,
(t+1)s內(nèi)位移為:x′=20(t+1)-5(t+1)2,
(t+2)s內(nèi)位移為:x″=20(t+2)-5(t+2)2,
則第(t+1)s內(nèi)的位移:xt+1=x′-xt
則第(t+2)s內(nèi)的位移:xt+2=x″-x′
故任意相鄰1s內(nèi)的位移差為:△x=xt+2-xt+1
解得:△x=10,故D正確;
故選:D.
點(diǎn)評(píng) 解決本題的關(guān)鍵掌握勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移時(shí)間公式.
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科目:高中物理 來源: 題型:多選題
A. | 電流表A1讀數(shù)先變小后變大,電流表A2讀數(shù)一直變大 | |
B. | 電源的輸出功率先增大后減小 | |
C. | 電壓表V1示數(shù)與電流表A1示數(shù)的比值不變 | |
D. | 電壓表V2示數(shù)的變化量與電流表A1示數(shù)的變化量的比值保持不變 |
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科目:高中物理 來源: 題型:選擇題
A. | B2R2q2md | B. | 3B2R2q2md | C. | 3B2R2qmd | D. | √3B2R2q2md |
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科目:高中物理 來源: 題型:選擇題
A. | 18mgR | B. | 14mgR | C. | 34mgR | D. | 12mgR |
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科目:高中物理 來源: 題型:多選題
A. | 只要知道氣體的摩爾體積和阿伏伽德羅常數(shù),就可以算出氣體分子的體積 | |
B. | 懸浮在液體中的固體微粒越小,布朗運(yùn)動(dòng)就越明顯 | |
C. | 一定溫度下,飽和氣體的壓強(qiáng)是一定的 | |
D. | 第二類永動(dòng)機(jī)不可能制成是因?yàn)樗`反了能量守恒定律 | |
E. | 液晶既有液體的流動(dòng)性,又具有單晶體的各向異性 |
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科目:高中物理 來源: 題型:多選題
A. | 小球一定帶負(fù)電 | |
B. | 小球所受電場(chǎng)力可能大于重力 | |
C. | 小球兩次落在斜面上的速度方向一定相同 | |
D. | 小球兩次落在斜面上的速度大小可能不同 |
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科目:高中物理 來源: 題型:多選題
A. | 拉力保持不變 | B. | 拉力逐漸增大 | ||
C. | 拉力的瞬時(shí)功率保持不變 | D. | 拉力的瞬時(shí)功率逐漸增大 |
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科目:高中物理 來源: 題型:解答題
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科目:高中物理 來源: 題型:多選題
A. | 158O的衰變的方程式是:158O→157N+0−1e | |
B. | 正負(fù)電子湮滅方程式是:01e+0−1e→2γ | |
C. | 在PET中,158O的主要用途是作為示蹤原子 | |
D. | 在PET中,158O的主要用途是參與人體的代謝過程 |
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