Question

9．如圖（甲）所示，以O(shè)為坐標原點逮立平面直角坐標系，邊界MN與O點相距L=$\frac{1}{15}$m，P₁P₂為與邊界MN相距（π+3 ）m的豎直墻壁．在邊界MN左側(cè)的區(qū)域Ⅰ存在與豎直方向成37°的勻強電場E₁=O.5N/C．在邊界MN右側(cè)的區(qū)域Ⅱ有豎直向上的勻強電場E₂=0.4N/C，同時存在垂直紙面的變化磁場，磁感應(yīng)強度B隨時間的變化關(guān)系如圖（乙） 所示．現(xiàn)有一質(zhì)量為4×10^-7kg的帶正電微粒、電量為1×10^-5C，在區(qū)域I電場中的O處無初速釋放，并以某一速度由MN邊界進入?yún)^(qū)域Ⅱ的場區(qū)．設(shè)此時刻記為t=0．重力加速度取g=10m/s²．sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：
（1 ）粒子到達MN邊界時的速度；
（2 ）進入?yún)^(qū)域Ⅱ場區(qū)后的$\frac{π}{2}$時刻微粒與MN的距離；
（3 ）帶電微粒與墻壁碰撞的時刻和位置坐標．

Answer 1

分析 （1）根據(jù)牛頓第二定律及運動學(xué)公式列式求解
（2）進入?yún)^(qū)域Ⅱ場區(qū)后的$\frac{π}{2}$時刻，因為$mg=q{E}_{2}^{\;}$，粒子做勻速直線運動，根據(jù)運動學(xué)公式求出與MN的距離
（3）畫出粒子的運動軌跡，粒子在交變磁場中，無磁場時勻速直線運動，有磁場時做勻速圓周運動，根據(jù)幾何關(guān)系求出帶電粒子與墻壁碰撞的位置

解答 解：（1）設(shè)MN左側(cè)勻強電場場強為${E}_{1}^{\;}$，方向與水平方向夾角為θ，帶電小球受力如右圖
沿水平方向有  $q{E}_{1}^{\;}cosθ=ma$
沿豎直方向有$q{E}_{1}^{\;}sinθ=mg$
對水平方向的勻加速運動有${v}_{\;}^{2}=2aL$
代入數(shù)據(jù)可解得v=1m/s
（2）由于$q{E}_{2}^{\;}=mg$，帶電粒子進入右側(cè)場區(qū)后仍垂直MN做勻速直線運動
代入數(shù)據(jù)可得$x=vt=\frac{π}{2}m$
（3）結(jié)合題意可知粒子在場中的運動軌跡如右圖所示，設(shè)與墻壁碰撞的位置坐標為$（{x}_{0}^{\;}，{y}_{0}^{\;}）$則，
帶電粒子在場中做勻速圓周運動：
$qvB=m\frac{{v}_{\;}^{2}}{R}$，得R=1m
在磁場中勻速圓周運動的周期$T=\frac{2πm}{qB}=2π$
則
${x}_{0}^{\;}=\frac{1}{15}+3+π=6.21m$
${y}_{0}^{\;}=3+\frac{π}{2}=4.57m$
因此坐標為（6.21m，4.57m）
帶電粒子與墻壁碰撞的時刻$t=6×\frac{π}{2}=3πs$
答：（1 ）粒子到達MN邊界時的速度1m/s；
（2 ）進入?yún)^(qū)域Ⅱ場區(qū)后的$\frac{π}{2}$時刻微粒與MN的距離$\frac{π}{2}m$
（3 ）帶電微粒與墻壁碰撞的時刻3πs和位置坐標（6.21m，4.57m）．

點評 本題考查帶電粒子在電磁場中的運動，關(guān)鍵分析清楚粒子的運動規(guī)律，然后分階段運用牛頓第二定律、向心力公式和運動學(xué)公式列式求解．