Question

【題目】如圖所示，空間存在一有邊界的條形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁場(chǎng)方向與豎直平面（紙面）垂直，磁場(chǎng)邊界的間距為L。一個(gè)質(zhì)量為m、邊長(zhǎng)也為L的正方形導(dǎo)線框沿豎直方向運(yùn)動(dòng)，線框所在平面始終與磁場(chǎng)方向垂直，且線框上、下邊始終與磁場(chǎng)的邊界平行。t=0時(shí)刻導(dǎo)線框的上邊恰好與磁場(chǎng)的下邊界重合（圖中位置I），導(dǎo)線框的速度為v0.經(jīng)歷一段時(shí)間后，當(dāng)導(dǎo)線框的下邊恰好與磁場(chǎng)的上邊界重合時(shí)（圖中位置Ⅱ），導(dǎo)線框的速度剛好為零。此后，導(dǎo)線框下落，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間回到初始位置I（不計(jì)空氣阻力），則（　　）

A.上升過(guò)程中，導(dǎo)線框的加速度逐漸減小

B.上升過(guò)程克服重力做功的平均功率小于下降過(guò)程重力的平均功率

C.上升過(guò)程中線框產(chǎn)生的熱量比下降過(guò)程中線框產(chǎn)生的熱量的少

D.上升過(guò)程中合力做的功與下降過(guò)程中合力做的功相等

Answer 1

【答案】A

【解析】

A．上升過(guò)程中，線框所受的重力和安培力都向下，線框做減速運(yùn)動(dòng)。設(shè)加速度大小為a，根據(jù)牛頓第二定律得

解得

線框速度v減小時(shí)，加速度a也減小，故A正確；

B．下降過(guò)程中，線框做加速運(yùn)動(dòng)，則有

解得

由此可知，下降過(guò)程加速度小于上升過(guò)程加速度，上升過(guò)程位移與下降過(guò)程位移相等，則上升時(shí)間短，下降時(shí)間長(zhǎng)，上升過(guò)程與下降過(guò)程重力做功相同，則上升過(guò)程克服重力做功的平均功率大于下降過(guò)程重力的平均功率，故B錯(cuò)誤；

C．線框產(chǎn)生的焦耳熱等于克服安培力做功，對(duì)應(yīng)與同一位置，上升過(guò)程安培力大于下降過(guò)程安培力，上升與下降過(guò)程位移相等，則上升過(guò)程克服安培力做功大于下降過(guò)程克服安培力做功，上升過(guò)程中線框產(chǎn)生的熱量比下降過(guò)程中線框產(chǎn)生的熱量的多，故C錯(cuò)誤；

D．在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中，線框中產(chǎn)生電能，根據(jù)能量守恒定律可知，線框返回原位置時(shí)速率減小，則上升過(guò)程動(dòng)能的變化量大小大于下降過(guò)程動(dòng)能的變化量大小，根據(jù)動(dòng)能定理得知，上升過(guò)程中合力做功較大，故D錯(cuò)誤。
故選A。