Question

3．如圖所示，ABCD為固定在豎直平面內(nèi)的軌道，AB段平直傾斜且粗糙，BC段是光滑圓弧，對應的圓心角θ=53°，半徑為r，CD段平直粗糙，各段軌道均平滑連接，在D點右側固定了一個$\frac{1}{4}$圓弧擋板MN，圓弧半徑為R，圓弧的圓心也在D點．傾斜軌道所在區(qū)域有場強大小為E=$\frac{9mg}{5q}$、方向垂直于斜軌向下的勻強電場．一個質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電小物塊（視為質(zhì)點）在傾斜軌道上的A點由靜止釋放，最終從D點水平拋出并擊中擋板．已知A、B之間的距離為2r，斜軌與小物塊之間的動摩擦因素為μ=$\frac{1}{4}$，設小物塊的電荷量保持不變，重力加速度為g，sin53°=0.8，cos53°=0.6．求：
（1）小物塊運動至圓軌道的C點時對軌道的壓力大��；
（2）改變AB之間的距離和場強E的大小，使小物塊每次都能從D點以不同的速度水平拋出并擊中擋板的不同位置，求擊中擋板時小物塊動能的最小值．

Answer 1

分析 （1）根據(jù)動能定理求的到達B點的速度，從B到C根據(jù)機械能守恒求的到達C點速度，由牛頓第二定律求的作用力；
（2）小物塊從D點做平拋運動，根據(jù)平拋運動的特點求的落到MN上的速度，即可表示出動能，根據(jù)數(shù)學知識即可求得最小值

解答 解：（1）小物塊由A到B過程由動能定理，得：$mgsinθ•2r-μ（mgcosθ+qE）•2r=\frac{1}{2}m{v}_B^2$
解得：${{v}_B}=\sqrt{\frac{4}{5}gr}$
小物塊由B到C過程由機械能守恒定律，得：$mgr（1-cosθ）=\frac{1}{2}m{v}_C^2-\frac{1}{2}m{v}_B^2$
解得：${{v}_C}=\sqrt{\frac{8}{5}gr}$
在C點由牛頓第二定律，得：$N-mg=m\frac{{{v}_C^2}}{r}$
解得：$N=\frac{13}{5}mg$
由牛頓第三定律可得小物塊對圓軌道的壓力：$N'=\frac{13}{5}mg$
（2）小物塊離開D點后做平拋運動，得：
水平方向：x=v₀t
豎直方向：$y=\frac{1}{2}g{t^2}$
而：x²+y²=R²
小物塊平拋過程機械能守恒，得：$mgy={E_k}-\frac{1}{2}m{v}_0^2$
由以上四式解得${E_k}=\frac{{mg{R^2}}}{4y}+\frac{3mgy}{4}$
由數(shù)學中的均值不等式可知：$E≥2\sqrt{\frac{{mg{R^2}}}{4y}•\frac{3mgy}{4}}=\frac{{\sqrt{3}}}{2}mgR$
故：小物塊動能的最小值為：${E_{kmin}}=\frac{{\sqrt{3}}}{2}mgR$
答：（1）小物塊運動至圓軌道的C點時對軌道的壓力大小為$\frac{13}{5}mg$；
（2）改變AB之間的距離和場強E的大小，使小物塊每次都能從D點以不同的速度水平拋出并擊中擋板的不同位置，擊中擋板時小物塊動能的最小值為$\frac{\sqrt{3}}{2}mgR$

點評 本題主要考查了動能定理、機械能守恒及運動學基本公式的直接應用，要求同學們能正確對物體受力分析，確定物體的運動情況，利用好數(shù)學知識求的最小值