Question

16．在如圖所示的豎直平面內(nèi)，有一固定在水平地面的光滑絕緣平臺．平臺右端B與水平絕緣傳送帶平滑相接，傳送帶長L=1m，有一個質(zhì)量為m=0.5kg，帶電量為q=+10^-3C的滑塊，放在水平平臺上．平臺上有一根輕質(zhì)絕緣彈簧左端固定，右端與滑塊接觸但不連接．現(xiàn)將滑塊緩慢向左移動壓縮彈簧，且彈簧始終在彈性限度內(nèi)．在彈簧處于壓縮狀態(tài)時，若將滑塊由靜止釋放，當傳送帶靜止時，滑塊恰能到達傳送帶右端C點．已知滑塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為μ=0.2（g取10m/s²）．
（1）求滑塊到達B點時的速度v_B及彈簧儲存的最大彈性勢能E_p；
（2）若兩輪半徑均為r=0.4m，現(xiàn)傳送帶以角速度ω₀順時針勻速轉(zhuǎn)動．讓滑塊從B點以速度v_B′＞rω₀滑上傳送帶，且在C點時恰好沿水平方向飛出傳送帶，求ω₀的最大值；
（3）若傳送帶以1.5m/s的速度沿順時針方向勻速轉(zhuǎn)動，仍將彈簧壓縮到（1）問中的情形時釋放滑塊，同時，在BC之間加水平向右的勻強電場E=5×10²N/C．滑塊從B運動到C的過程中，求摩擦力對它做的功及此過程中由于摩擦而產(chǎn)生的熱量．（本問中結(jié)果保留三位有效數(shù)字）

Answer 1

分析 （1）對B到C的過程運用動能定理，求出滑塊到達B點的速度，結(jié)合能量守恒求出彈簧儲存的最大彈性勢能．
（2）根據(jù)牛頓第二定律求出C點的臨界速度，從而結(jié)合線速度與角速度的關系求出角速度的最大值．
（3）由于B點的速度大于傳送帶速度，滑塊滑上傳送帶做勻減速直線運動，根據(jù)牛頓第二定律求出加速度的大小，結(jié)合速度時間公式求出速度減速到傳送帶速度所需的時間，求出滑塊減速的位移，以及傳送帶的位移，通過相對位移的大小求出摩擦生熱，根據(jù)動能定理求出摩擦力做功的大小．

解答 解：（1）從B到C，根據(jù)動能定理得：$-μmgL=0-\frac{1}{2}m{{v}_{B}}^{2}$，
代入數(shù)據(jù)解得：v_B=2 m/s．
滑塊從靜止釋放至運動到B點，由能量守恒定律知：${E}_{p}=\frac{1}{2}m{{v}_{B}}^{2}$，
代入數(shù)據(jù)解得：E_p=1J．
（2）滑塊恰能在C點水平飛出傳送帶，則有：$mg=m\frac{{{v}_{C}}^{2}}{r}$，
解得：${v}_{C}=\sqrt{gr}$=$\sqrt{10×0.4}$m/s=2 m/s                              
傳送帶ω₀最大，傳送帶最大速度等于v_C，則有：${ω}_{0}=\frac{{v}_{C}}{r}=\frac{2}{0.4}rad/s$=5 rad/s                      
（3）加電場后，由于v_B＞v_傳，所以滑塊剛滑上傳送帶時就做勻減速直線運動，根據(jù)牛頓第二定律得：μmg-qE=ma₂，
代入數(shù)據(jù)解得：${a}_{2}=1.0m/{s}^{2}$．
滑塊減速至與傳送帶共速的時間為：$t=\frac{{v}_{B}-v}{{a}_{2}}$=$\frac{2-1.5}{1}s=0.5s$，
滑塊減速的位移為：$x=\frac{{v}_{B}+v}{2}t=\frac{2+1.5}{2}×0.5=0.875m＜L$，
傳送帶位移為：x′=vt=1.5×0.5m=0.75m，
故滑塊之后勻速運動，從B到C，由動能定理：
$qEL+{W}_{f}=\frac{1}{2}m{v}^{2}-\frac{1}{2}m{{v}_{B}}^{2}$
代入數(shù)據(jù)解得：W_f≈-0.938J                
摩擦生熱：Q=μmg（x-x′），
代入數(shù)據(jù)解得：Q=0.125J．
答：（1）滑塊到達B點時的速度為2m/s，彈簧儲存的最大彈性勢能為1J；
（2）ω₀的最大值為5rad/s；
（3）摩擦力對它做的功為-0.938J，由于摩擦而產(chǎn)生的熱量為0.125J．

點評 解決本題的關鍵理清滑塊在整個過程中的運動情況，正確分析能量是如何轉(zhuǎn)化的，結(jié)合牛頓第二定律、動能定理進行求解．