3．(長沙一中)如圖所示，金屬框abcd的長是寬的2倍，金屬棒PQ的長度與金屬框的寬度相等，且與金屬框?qū)�體的材料和橫截面積都相同，勻強(qiáng)磁場垂直紙面向里．現(xiàn)用外力F將金屬棒PQ勻速地從金屬框的最左端(與ab重合的位置)拉到最右端(與cd重合的位置)，則(　　 )..

A．PQ中的電流先增大后減小

B．PQ兩端的電壓先增大后減小

C．金屬框消耗的功率先增大后減小

D．外力的功率先增大后減小

1．(長郡中學(xué))如圖甲所示的空間存在一勻強(qiáng)磁場，其方向?yàn)榇怪庇诩埫嫦?img src="http://thumb2018.1010pic.com/pic4/img3/down2010/19/259833/1010jiajiao.files/image003.jpg">.里，磁場的右邊界為MN，在MN右側(cè)有一矩形金屬線圈.

abcd，ab邊與MN重合．現(xiàn)使線圈以ab邊為軸按圖示方向.勻速轉(zhuǎn)動，將a、b兩端連到示波器的輸入端，若電流從a 到.b為正，則從圖乙中示波器觀察到的ab中電流隨時(shí)間變化的.規(guī)律是(　 )

(長郡中學(xué))2．如圖所示，用三條細(xì)線懸掛的水平圓形線圈共有n匝，線圈由粗細(xì)　 均勻、單位長度的質(zhì)量為2.5g的導(dǎo)線繞制而成，三條細(xì)線呈對稱分布，穩(wěn)定時(shí)線圈平面水平，在線圈正下方放有一個(gè)圓柱形條形磁鐵，磁鐵的中軸線OO′垂直于線圈平面且通過其圓心O，測得線圈的導(dǎo)線所在處磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為0.5T，方向與豎直線成30°角，要使三條細(xì)線上的張力為零，線圈中通過的電流至少為 (　　 )　　　　　　 .

A．0.1A　　　　 B．0.2 A　　　 C．0.05A　 　　　D．0.01A.

6．

(1)以A為研究對象有得(6分)

(2)設(shè)碰后A、B的共同速度為，由動量守恒得解得(4分)

　碰后，A、B系統(tǒng)的合外力大小為(只有B受電場力和摩擦力)

由于，故合外力向左，則A、B一起向右勻減速運(yùn)動至停止時(shí)不會再運(yùn)動。(4分)

設(shè)碰后A運(yùn)動的位移為，對A、B系統(tǒng)，由動能定理：

解得(4分)

所以A運(yùn)動的總位移為：(4分)

5．

由eU₀=得電子入射速度

m/sm/s　　 　

(1)加直流電壓時(shí)，板間場強(qiáng)V/m　　　 　

電子做直線運(yùn)動時(shí)，由條件eE₁= ev₀B，

得應(yīng)加磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度T，　　 　

方向垂直紙面向里�！　　　� 　

(2)加交流電壓時(shí)，A、B兩極間場強(qiáng)(V/m)

電子飛出板間時(shí)偏距　　 　

電子飛出板間時(shí)豎直速度　 　

從飛離板到達(dá)圓筒時(shí)偏距

在紙上記錄落點(diǎn)的總偏距　

(m) 　

可見，在記錄紙上的點(diǎn)以振幅0.20m，周期T=1s作簡諧運(yùn)動，

因圓筒每秒鐘轉(zhuǎn)2周，故在1s內(nèi)，紙上圖形如圖所示�！� 　

4.

(1)若第一個(gè)微粒的落點(diǎn)在下極板中點(diǎn),

　 由L=v₀₁t₁

　　 d=gt₁² 　　　(2分)

第一個(gè)微粒的落點(diǎn)在下極板B點(diǎn),

　 由L=v₀₂t₂

　　 d=gt₂² 　　　(2分)

所以　 2.5m/s≤v₀≤5m/s(2分)

(2)L=v₀₁t　　　　　 得　 t=0.04s(1分)

　　 d=at²得　 a=2.5m/s²(1分)

有 mg-qE=ma(2分)

　 E=Q/dC(2分得　　 Q=C　　　　　　　 n=Q/q=600個(gè)(2分)

3.

解析(1)根據(jù)粒子在磁場中偏轉(zhuǎn)的情況和左手定則可知，粒子帶負(fù)電.　　 (2分).

(2)由于洛倫茲力對粒子不做功，故粒子以原來的速率進(jìn)入電場中，設(shè)帶電粒子進(jìn)入電場的初速度為v₀，在電場中偏轉(zhuǎn)時(shí)做類平拋運(yùn)動，由題意知粒子離開電場時(shí)的末速度大小為，將v_t分解為平行于電場方向和垂直于電場方向的兩個(gè)分速度：由幾何關(guān)系知.

　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 ①

　　　　　　　　　　　　　　 　　　　　　　　　　　　　　　　　　　②

　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 ③

　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 ④

F=Eq　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 ⑤

聯(lián)立①②③④⑤求解得：　　 　　　

2.

解析:(1)F=Eq=mgtan37°=　　　　　　　　　　　　　　　　　 (3分).

受力方向水平向右　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 (1分).

(2)到達(dá)最高點(diǎn)的過程.

豎直方向v₀=gt水平方向v_x=3gt/4=3v₀/4.

電場力做的功等于水平方向上動能的增加：W=E_k=　　　　　　　　　 (4分)

1、

解：(1)如圖所示，金屬球A由a到b過程做勻加速直線運(yùn)動，細(xì)繩與水平方向夾角為60⁰時(shí)突然繃緊。

　　 由題意　　

_{故電場力和重力的合力：}，

由動能定理得　 ，　

求得：；　　　　　　 (3分)

在b點(diǎn)細(xì)繩突然繃緊時(shí)，小球只剩下切向速度；

　　　　　 (1分)

球A由b到c過程中，細(xì)繩的拉力對A球不做功，

由動能定理得

　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 (2分)

　 解之得：　　　　　　　 (1分)

(2)A球與B球碰撞動量守恒和機(jī)械能不損失有：

解得 = 1 m/s(即A、B球交換速度)；(2分)

A球與B球接觸過程電荷量守恒有；　　　　　　　　 (1分)

B球由碰后到落地過程中豎直方向做自由落體運(yùn)動：

_(1分)

　=　　　　　　　　 (1分)

水平方向勻加速直線運(yùn)動，；　 (1分)

所以　 　　　　　　　　　　(1分)

則B球落地速度是　 　　　　(1分)

11.B　 12.BD　 13.AD　 14.C　 15.AD　 16.D

1.C　 2.B　 3.D　 4.C　 5.AD　 6.AC　 7.D　 8.C　 9.BCD　 10.C