Question

（10分）已知A、E、I、L是常見(jiàn)的非金屬單質(zhì)，其中A為淡黃色固體；Z是常見(jiàn)的金屬單質(zhì)，B的相對(duì)分子質(zhì)量比A大32，C的相對(duì)分子質(zhì)量比B大16，Y是一種常見(jiàn)的液體，J是磁性氧化鐵，D、H、K均是重要的化工產(chǎn)品；X是結(jié)構(gòu)有待探究的一種新型分子，其組成元素的相對(duì)原子質(zhì)量相差18,下列框圖中部分反應(yīng)條件已略去。

試回答下列問(wèn)題：
（1）E的結(jié)構(gòu)式為_(kāi)__________，在反應(yīng)①、②、③、④、⑤、⑥中屬于非氧化還原反應(yīng)的是___________。（填序號(hào)）
（2）寫出反應(yīng)②的化學(xué)方程式:_________________________________________
（3）若有G、F的混合氣體通入足量燒堿溶液，氣體全部被吸收，則氣體G、F的物質(zhì)的量之比應(yīng)滿足n（G）︰n（F）____________________
（4）J與過(guò)量H的稀溶液反應(yīng)的離子方程式為_(kāi)__________________________________。
（5）t℃時(shí)，將2mol E和1mol I通入體積為2L的恒溫密閉容器中發(fā)生反應(yīng)，2min后達(dá)到平衡n（K）＝0．2mol, 此時(shí)保持溫度不變，體積減半，則E的體積分?jǐn)?shù)如何變化____________（填“增大”、“不變”、“變小”）

Answer 1

（1）N≡N ,   ④（各1分，共2分）    （2）4NH₃ + 5O₂4NO +6H₂O（2分）
（3）≥1：1（2分）
（4）3Fe₃O₄ + 28H⁺ + NO₃^- = 9Fe³⁺ + NO↑+ 14H₂O（2分）       ⑸增大（2分）

本題考查無(wú)機(jī)推斷。A為淡黃色固體，且為單質(zhì)，可知為硫，B的相對(duì)分子質(zhì)量比A大32，可以推出B為SO₂，C的相對(duì)分子質(zhì)量比B大16，C為SO₃，J是磁鐵礦的主要成分，J是Fe₃O₄，從框圖可知，L是O₂，Y是一種常見(jiàn)的液體，C與Y生成重要化工產(chǎn)品D，可知Y是H₂O，D是H₂SO₄，由反應(yīng)①的條件和產(chǎn)物J可以猜測(cè)反應(yīng)①為3Fe+4H₂O(g)Fe₃O₄+4H₂，Z是Fe，I是H₂。H、K均是重要的工業(yè)產(chǎn)品，從E、F、G之間的轉(zhuǎn)化特征，可知E是N₂，N₂與H₂反應(yīng)生成K，K是NH₃，反應(yīng)②是NH₃與O₂的催化氧化，生成NO和H₂O，符合框圖，F(xiàn)是NO，NO與O₂繼續(xù)反應(yīng)生成NO₂，G是NO₂，NO₂與水反應(yīng)生成硝酸和NO，H是硝酸。最后由A和E，以及X是結(jié)構(gòu)有待探究的一種新型分子，其組成元素的相對(duì)原子質(zhì)量相差18,可得X是S₄N₄。
（1）N₂共用了三對(duì)電子，結(jié)構(gòu)式為N≡N；在反應(yīng)①、②、③、④、⑤、⑥中屬于非氧化還原反應(yīng)的是④SO₃+H₂O=H₂SO₄沒(méi)有電子得失。（2）NH₃在氧氣中發(fā)生催化氧化，化學(xué)方程式為4NH₃ + 5O₂4NO +6H₂O。（3）NO₂、NO混合氣體通入足量燒堿溶液，氣體全部被吸收，轉(zhuǎn)化為硝酸鹽和亞硝酸鹽，只要NO₂的物質(zhì)的量大于NO的物質(zhì)的量就能全部吸收，即n(NO₂)：n(NO)≥1：1，發(fā)生的反應(yīng)為2NO₂+2NaOH=NaNO₂+NaNO₃+H₂O、NO₂+NO+2NaOH=2NaNO₂+H₂O。（4）Fe₃O₄與過(guò)量的稀硝酸反應(yīng)生成硝酸鐵、NO和水，離子方程式為3Fe₃O₄+28H⁺+NO₃^-=9Fe³⁺+ NO↑+14H₂O。（5）合成氨正反應(yīng)是一個(gè)體積縮小的反應(yīng)，體積減半，相當(dāng)于壓強(qiáng)增大一倍，壓強(qiáng)增大，平衡向正反應(yīng)方向移動(dòng)，NH₃的體積分?jǐn)?shù)增大。