Question

【題目】已知函數(shù)f（x）=lnx+x2﹣2ax+1（a為常數(shù)）
（1）討論函數(shù)f（x）的單調(diào)性；
（2）若對(duì)任意的a∈（1， ），都存在x0∈（0，1]使得不等式f（x0）+lna＞m（a﹣a2）成立，求實(shí)數(shù)m的取值范圍．

Answer 1

【答案】
（1）

解：函數(shù)f（x）=lnx+x2﹣2ax+1（a為常數(shù)）

f′（x）= +2x﹣2a= ，x＞0，

①當(dāng)a≤0時(shí)，f′（x）＞0成立，

若f′（x）≥0，則2x2﹣2ax+10≥0，△=4a2﹣8，

當(dāng)﹣ 時(shí)，f′（x）≥0恒成立，

所以當(dāng)a 時(shí)，f（x）在（0，+∞）上單調(diào)遞增，

②當(dāng)a 時(shí)，

∵2x2﹣2ax+10≥0，x 或0

2x2﹣2ax+10＜0， ，

∴f（x）在（0， ），（ ）上單調(diào)遞增，

在（ ， ）單調(diào)遞減

（2）

∵a∈（1， ）， +2x﹣2a＞0，

∴f′（x）＞0，f（x）在（0，1]單調(diào)遞增，

f（x）max=f（1）=2﹣2a，

存在x0∈（0，1]使得不等式f（x0）+lna＞m（a﹣a2）成立，

即2﹣2a+lna＞m（a﹣a2），

∵任意的a∈（1， ），

∴a﹣a2＜0，

即m＞ 恒成立，

令g（a）= ，

∵m＞ 恒成立 最后化簡(jiǎn)為g′（a）= =

∵任意的a∈（1， ），

＞0，

∴g（a）= ，a∈（1， ）是增函數(shù)．

∴g（x）＜g（ ）= + =

∴實(shí)數(shù)m的取值范圍m≥

【解析】（1）求解f′（x）= +2x﹣2a= ，x＞0，判斷2x2﹣2ax+10的符號(hào)，分類(lèi)得出①當(dāng)a≤0時(shí)，f′（x）＞0成立，當(dāng)﹣ 時(shí)，f′（x）≥0恒成立，
即可得出當(dāng)a 時(shí)，f（x）在（0，+∞）上單調(diào)遞增，②當(dāng)a 時(shí)，求解不等式2x2﹣2ax+10≥0，2x2﹣2ax+10＜0，得出f（x）在（0， ），（ ）上單調(diào)遞增，在（ ， ）單調(diào)遞減，（2）f（x）max=f（1）=2﹣2a，存在x0∈（0，1]使得不等式f（x0）+lna＞m（a﹣a2）成立，即2﹣2a+lna＞m（a﹣a2），m＞ 恒成立，構(gòu)造函數(shù)g（a）= ，利用導(dǎo)數(shù)求解即可轉(zhuǎn)化為最值即可判斷．
【考點(diǎn)精析】認(rèn)真審題，首先需要了解利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性(一般的,函數(shù)的單調(diào)性與其導(dǎo)數(shù)的正負(fù)有如下關(guān)系： 在某個(gè)區(qū)間內(nèi)，(1)如果，那么函數(shù)在這個(gè)區(qū)間單調(diào)遞增；(2)如果，那么函數(shù)在這個(gè)區(qū)間單調(diào)遞減)，還要掌握函數(shù)的最大(小)值與導(dǎo)數(shù)(求函數(shù)在上的最大值與最小值的步驟：（1）求函數(shù)在內(nèi)的極值；（2）將函數(shù)的各極值與端點(diǎn)處的函數(shù)值，比較，其中最大的是一個(gè)最大值，最小的是最小值)的相關(guān)知識(shí)才是答題的關(guān)鍵．