Question

15．已知橢圓Γ：$\frac{x^2}{a^2}$+y²=1（a＞1）的左焦點(diǎn)為F₁，右頂點(diǎn)為A₁，上頂點(diǎn)為B₁，過(guò)F₁，A₁，B₁三點(diǎn)的圓P的圓心坐標(biāo)為（$\frac{{\sqrt{3}-\sqrt{2}}}{2}$，$\frac{{1-\sqrt{6}}}{2}$）．
（Ⅰ）求橢圓的方程；
（Ⅱ）若直線(xiàn)l：y=kx+m（k，m為常數(shù)，k≠0）與橢圓Γ交于不同的兩點(diǎn)M和N．
（i）當(dāng)直線(xiàn)l過(guò)E（1，0），且$\overrightarrow{EM}$+2$\overrightarrow{EN}$=$\overrightarrow 0$時(shí)，求直線(xiàn)l的方程；
（ii）當(dāng)坐標(biāo)原點(diǎn)O到直線(xiàn)l的距離為$\frac{{\sqrt{3}}}{2}$時(shí)，且△MON面積為$\frac{{\sqrt{3}}}{2}$時(shí)，求直線(xiàn)l的傾斜角．

Answer 1

分析 （Ⅰ）由題可知：圓心P在A₁F₁的中垂線(xiàn)上，則a-c=$\sqrt{3}$-$\sqrt{2}$，由橢圓的性質(zhì)可知：a²-c²=1，即可求得a的值，求得橢圓方程；
（Ⅱ）（i）設(shè)直線(xiàn)l的方程為y=k（x-1），代入橢圓方程，利用韋達(dá)定理及向量的坐標(biāo)運(yùn)算，即可求得x₁及x₂，由x₁x₂=$\frac{3{k}^{2}-3}{1+3{k}^{2}}$，代入即可求得k的值，求得直線(xiàn)l的方程；
（ii）將直線(xiàn)l的方程代入橢圓方程，由點(diǎn)到直線(xiàn)的距離公式求得m²=$\frac{3}{4}$（k²+1），利用韋達(dá)定理，弦長(zhǎng)公式，三角形的面積公式即可求得三角形面積表達(dá)式，由△MON面積為$\frac{{\sqrt{3}}}{2}$，即可求得k的值，求得直線(xiàn)l的傾斜角．

解答 解：（Ⅰ）橢圓Γ：$\frac{x^2}{a^2}$+y²=1（a＞1）的左焦點(diǎn)為F₁（-c，0）右頂點(diǎn)為A₁（a，0）上頂點(diǎn)為B₁（0，1），
由題意可知，圓心P在A₁F₁的中垂線(xiàn)上，即$\frac{a-c}{2}$=$\frac{{\sqrt{3}-\sqrt{2}}}{2}$，則a-c=$\sqrt{3}$-$\sqrt{2}$，
由a²-c²=1，及（a+c）（a-c）=1，∴a+c=$\sqrt{3}$+$\sqrt{2}$，
∴a=$\sqrt{3}$，c=$\sqrt{2}$，
∴橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程為：$\frac{{x}^{2}}{3}+{y}^{2}=1$；
（Ⅱ）（i）設(shè)直線(xiàn)l的方程為y=k（x-1），M（x₁，y₁），N（x₂，y₂），．
代入橢圓方程，整理得：（1+3k²）x²-6k²x+3k²-3=0，
由韋達(dá)定理可知：x₁+x₂=$\frac{6{k}^{2}}{1+3{k}^{2}}$，①x₁x₂=$\frac{3{k}^{2}-3}{1+3{k}^{2}}$，②
由$\overrightarrow{EM}$=（x₁-1，y₁），$\overrightarrow{EN}$=（x₂-1，y₂）$\overrightarrow 0$，
$\overrightarrow{EM}$+2$\overrightarrow{EN}$=$\overrightarrow 0$時(shí)，則（x₁-1，y₁）+2（x₂-1，y₂）=$\overrightarrow{0}$，則x₁+2x₂=3，③，
由①③，解得：x₁=$\frac{3{k}^{2}-3}{1+3{k}^{2}}$，x₂=$\frac{3+3{k}^{2}}{1+3{k}^{2}}$
由②可知：$\frac{3{k}^{2}-3}{1+3{k}^{2}}$=$\frac{3{k}^{2}-3}{1+3{k}^{2}}$×$\frac{3+3{k}^{2}}{1+3{k}^{2}}$，
當(dāng)3k²-3=0時(shí)，即k=±1，顯然成立，
當(dāng)3k²-3≠0，1+3k²≠0，則$\frac{3+3{k}^{2}}{1+3{k}^{2}}$=1，顯然不成立，
綜上可知：k=±1，
∴直線(xiàn)l的方程y=x-1或y=-x+1；
（ii）設(shè)M（x₁，y₁），N（x₂，y₂）．
由題意，設(shè)直線(xiàn)AB的方程為y=kx+m，
由坐標(biāo)原點(diǎn)O到直線(xiàn)l的距離為$\frac{\sqrt{3}}{2}$可得$\frac{丨m丨}{\sqrt{1+{k}^{2}}}$，化為m²=$\frac{3}{4}$（k²+1）．
把y=kx+m代入橢圓方程，消去y得到（3k²+1）x²+6kmx+3m²-3=0，
∴x₁+x₂=-$\frac{6km}{3{k}^{2}+1}$，x₁x₂=$\frac{3{m}^{2}-3}{3{k}^{2}+1}$．
∴丨MN丨²=（1+k²）[（x₁+x₂）²-4x₁x₂]
=（1+k²）[（-$\frac{6km}{3{k}^{2}+1}$）²-4（$\frac{3{m}^{2}-3}{3{k}^{2}+1}$）]=$\frac{12（{k}^{2}+1）（3{k}^{2}+1-{m}^{2}）}{（3{k}^{2}+1）^{2}}$=$\frac{3（{k}^{2}+1）（9{k}^{2}+1）}{（3{k}^{2}+1）^{2}}$，
由△MON面積S²=（$\frac{1}{2}$×丨MN丨×$\frac{\sqrt{3}}{2}$）²，
=$\frac{3}{16}$×$\frac{3（{k}^{2}+1）（9{k}^{2}+1）}{（3{k}^{2}+1）^{2}}$，
=$\frac{3}{4}$，整理得：9k⁴-6k²+1=0，解得：k²=$\frac{1}{3}$，
∴k=±$\frac{\sqrt{3}}{3}$，
直線(xiàn)l的傾斜角$\frac{π}{6}$或$\frac{5π}{6}$．

點(diǎn)評(píng) 本題考查橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程及簡(jiǎn)單幾何性質(zhì)，直線(xiàn)與橢圓的位置關(guān)系，考查韋達(dá)定理，點(diǎn)到直線(xiàn)的距離公式，向量的坐標(biāo)運(yùn)算，考查計(jì)算能力，屬于中檔題．