Question

3．設(shè)橢圓E：$\frac{{x}^{2}}{{a}^{2}}$+y²=1（a＞1）的右焦點(diǎn)為F，右頂點(diǎn)為A，已知$\frac{|FA|}{|OF|}+\frac{|FA|}{|OA|}=e$，其中O為原點(diǎn)，e為橢圓的離心率．
（Ⅰ）求a的值；
（Ⅱ）動(dòng)直線l過點(diǎn)N（-2，0），l與橢圓E交于P，Q兩點(diǎn)，求△OPQ面積的最大值．

Answer 1

分析 （Ⅰ）由橢圓的性質(zhì)可知：丨FA丨=a-c，丨OF丨=c，丨OA丨=a，代入$\frac{|FA|}{|OF|}+\frac{|FA|}{|OA|}=e$，求得a²=2c²，由a²-c²=b²=1，即可求得a=$\sqrt{2}$；
（Ⅱ）由題意可知：設(shè)l的方程是x=my-2，代入橢圓方程，由△＞0求得m的取值范圍，根據(jù)韋達(dá)定理及三角形的面積公式S=$\frac{1}{2}$丨ON丨•$\sqrt{（{y}_{1}+{y}_{2}）^{2}-4{y}_{1}{y}_{2}}$=$\frac{2\sqrt{2}\sqrt{{m}^{2}-2}}{{m}^{2}+2}$，令t=$\sqrt{{m}^{2}-2}$＞0，則S=$\frac{2\sqrt{2}t}{{t}^{2}+4}$=$\frac{2\sqrt{2}}{t+\frac{4}{t}}$≤$\frac{2\sqrt{2}}{2\sqrt{t•\frac{4}{t}}}$=$\frac{\sqrt{2}}{2}$，即可求得m的最大值．

解答 解：（Ⅰ）由橢圓E：$\frac{{x}^{2}}{{a}^{2}}$+y²=1（a＞1）的右焦點(diǎn)為F，b=1，
由橢圓的幾何性質(zhì)可知：丨FA丨=a-c，丨OF丨=c，丨OA丨=a，
由$\frac{|FA|}{|OF|}+\frac{|FA|}{|OA|}=e$，整理得（a-c）（$\frac{1}{a}+\frac{1}{c}$）=$\frac{c}{a}$，整理得：a²=2c²，
由a²-c²=b²=1，解得：c=1，則a=$\sqrt{2}$，
∴a的值$\sqrt{2}$；
（Ⅱ）由（Ⅰ）可知：橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程為：$\frac{{x}^{2}}{2}+{y}^{2}=1$，
由題l與x軸不重合，設(shè)l的方程是x=my-2，
由$\left\{\begin{array}{l}{x=my-2}\\{\frac{{x}^{2}}{2}+{y}^{2}=1}\end{array}\right.$，整理得（my-2）²+2y²-2=0，
即（m²+2）y²-4my+2=0，
∵直線與橢圓有相異交點(diǎn)，
△=16m²-8（m²+2）＞0，解得m＞$\sqrt{2}$或m＜-$\sqrt{2}$，
由韋達(dá)定理可知：y₁+y₂=$\frac{4m}{{m}^{2}+2}$，y₁•y₂=$\frac{2}{{m}^{2}+2}$，
由△OPQ面積S=$\frac{1}{2}$丨ON丨•丨y₁-y₂丨=$\frac{1}{2}$丨ON丨•$\sqrt{（{y}_{1}+{y}_{2}）^{2}-4{y}_{1}{y}_{2}}$=$\frac{2\sqrt{2}\sqrt{{m}^{2}-2}}{{m}^{2}+2}$，
令t=$\sqrt{{m}^{2}-2}$＞0，
則S=$\frac{2\sqrt{2}t}{{t}^{2}+4}$=$\frac{2\sqrt{2}}{t+\frac{4}{t}}$≤$\frac{2\sqrt{2}}{2\sqrt{t•\frac{4}{t}}}$=$\frac{\sqrt{2}}{2}$．
當(dāng)且僅當(dāng)t=2，即m=±$\sqrt{6}$時(shí)，△OPQ面積的最大，最大值是$\frac{\sqrt{2}}{2}$．

點(diǎn)評(píng) 本題考查橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程及簡(jiǎn)單幾何性質(zhì)，直線與橢圓的位置關(guān)系，考查韋達(dá)定理，三角形的面積公式及基本不等式的應(yīng)用，考查計(jì)算能力，屬于中檔題．