Question

【題目】如圖1，已知拋物線(xiàn)y＝﹣x2+bx+c交y軸于點(diǎn)A(0，4)，交x軸于點(diǎn)B(4，0)，點(diǎn)P是拋物線(xiàn)上一動(dòng)點(diǎn)，試過(guò)點(diǎn)P作x軸的垂線(xiàn)1，再過(guò)點(diǎn)A作1的垂線(xiàn)，垂足為Q，連接AP．

(1)求拋物線(xiàn)的函數(shù)表達(dá)式和點(diǎn)C的坐標(biāo)；

(2)若△AQP∽△AOC，求點(diǎn)P的橫坐標(biāo)；

(3)如圖2，當(dāng)點(diǎn)P位于拋物線(xiàn)的對(duì)稱(chēng)軸的右側(cè)時(shí)，若將△APQ沿AP對(duì)折，點(diǎn)Q的對(duì)應(yīng)點(diǎn)為點(diǎn)Q′，請(qǐng)直接寫(xiě)出當(dāng)點(diǎn)Q′落在坐標(biāo)軸上時(shí)點(diǎn)P的坐標(biāo)．

Answer 1

【答案】(1)y＝﹣x2+3x+4；(﹣1，0)；(2)P的橫坐標(biāo)為或.(3)點(diǎn)P的坐標(biāo)為(4，0)或(5，﹣6)或(2，6).

【解析】

(1)利用待定系數(shù)法求拋物線(xiàn)解析式，然后利用拋物線(xiàn)解析式得到一元二次方程，通過(guò)解一元二次方程得到C點(diǎn)坐標(biāo)；

(2)利用△AQP∽△AOC得到AQ＝4PQ，設(shè)P(m，﹣m2+3m+4)，所以m＝4|4﹣(﹣m2+3m+4|，然后解方程4(m2﹣3m)＝m和方程4(m2﹣3m)＝﹣m得P點(diǎn)坐標(biāo)；

(3)設(shè)P(m，﹣m2+3m+4)(m＞)，當(dāng)點(diǎn)Q′落在x軸上，延長(zhǎng)QP交x軸于H，如圖2，則PQ＝m2﹣3m，證明Rt△AOQ′∽Rt△Q′HP，利用相似比得到Q′B＝4m﹣12，則OQ′＝12﹣3m，在Rt△AOQ′中，利用勾股定理得到方程42+(12﹣3m)2＝m2，然后解方程求出m得到此時(shí)P點(diǎn)坐標(biāo)；當(dāng)點(diǎn)Q′落在y軸上，易得點(diǎn)A、Q′、P、Q所組成的四邊形為正方形，利用PQ＝PQ′得到|m2﹣3m|＝m，然后解方程m2﹣3m＝m和方程m2﹣3m＝﹣m得此時(shí)P點(diǎn)坐標(biāo)．

解：(1)把A(0，4)，B(4，0)分別代入y＝﹣x2+bx+c得，解得，

∴拋物線(xiàn)解析式為y＝﹣x2+3x+4，

當(dāng)y＝0時(shí)，﹣x2+3x+4＝0，解得x1＝﹣1，x2＝4，

∴C(﹣1，0)；

故答案為y＝﹣x2+3x+4；(﹣1，0)；

(2)∵△AQP∽△AOC，

∴，

∴，即AQ＝4PQ，

設(shè)P(m，﹣m2+3m+4)，

∴m＝4|4﹣(﹣m2+3m+4|，即4|m2﹣3m|＝m，

解方程4(m2﹣3m)＝m得m1＝0(舍去)，m2＝，此時(shí)P點(diǎn)橫坐標(biāo)為；

解方程4(m2﹣3m)＝﹣m得m1＝0(舍去)，m2＝，此時(shí)P點(diǎn)坐標(biāo)為；

綜上所述，點(diǎn)P的坐標(biāo)為(，)或(，)；

(3)設(shè)，

當(dāng)點(diǎn)Q′落在x軸上，延長(zhǎng)QP交x軸于H，如圖2，

則PQ＝4﹣(﹣m2+3m+4)＝m2﹣3m，

∵△APQ沿AP對(duì)折，點(diǎn)Q的對(duì)應(yīng)點(diǎn)為點(diǎn)Q'，

∴∠AQ′P＝∠AQP＝90°，AQ′＝AQ＝m，PQ′＝PQ＝m2﹣3m，

∵∠AQ′O＝∠Q′PH，

∴Rt△AOQ′∽Rt△Q′HP，

∴，即，解得Q′H＝4m﹣12，

∴OQ′＝m﹣(4m﹣12)＝12﹣3m，

在Rt△AOQ′中，42+(12﹣3m)2＝m2，

整理得m2﹣9m+20＝0，解得m1＝4，m2＝5，此時(shí)P點(diǎn)坐標(biāo)為(4，0)或(5，﹣6)；

當(dāng)點(diǎn)Q′落在y軸上，則點(diǎn)A、Q′、P、Q所組成的四邊形為正方形，

∴PQ＝AQ′，

即|m2﹣3m|＝m，

解方程m2﹣3m＝m得m1＝0(舍去)，m2＝4，此時(shí)P點(diǎn)坐標(biāo)為(4，0)；

解方程m2﹣3m＝﹣m得m1＝0(舍去)，m2＝2，此時(shí)P點(diǎn)坐標(biāo)為(2，6)，

綜上所述，點(diǎn)P的坐標(biāo)為(4，0)或(5，﹣6)或(2，6)