Question

6．過(guò)點(diǎn)C（2，2）作一直線與拋物線y²=4x交于A，B兩點(diǎn)，點(diǎn)P是拋物線y²=4x上到直線l：y=x+2的距離最小的點(diǎn)，直線AP與直線l交于點(diǎn)Q．
（Ⅰ）求點(diǎn)P的坐標(biāo)；
（Ⅱ）求證：直線BQ平行于拋物線的對(duì)稱軸．

Answer 1

分析 （Ⅰ）設(shè)點(diǎn)P的坐標(biāo)為（x₀，y₀），利用點(diǎn)到直線的距離公式通過(guò)最小值，求出P點(diǎn)坐標(biāo)．
（Ⅱ）設(shè)點(diǎn)A的坐標(biāo)為$（{\frac{y_1^2}{4}，{y_1}}）$，顯然y₁≠2．當(dāng)y₁=-2時(shí)，求出直線AP的方程；當(dāng)y₁≠-2時(shí)，求出直線AP的方程與直線l的方程y=x+2聯(lián)立，可得點(diǎn)Q的縱坐標(biāo)，求出B點(diǎn)的縱坐標(biāo)，推出BQ∥x軸，求出直線AC的方程與拋物線方程y²=4x聯(lián)立，求得點(diǎn)B的縱坐標(biāo)，然后推出結(jié)果BQ∥x軸．

解答 解：（Ⅰ）設(shè)點(diǎn)P的坐標(biāo)為（x₀，y₀），則$y_0^2=4{x_0}$，
所以，點(diǎn)P到直線l的距離$d=\frac{{|{{x_0}-{y_0}+2}|}}{{\sqrt{2}}}=\frac{{|{\frac{y_0^2}{4}-{y_0}+2}|}}{{\sqrt{2}}}=\frac{{|{{{（{{y_0}-2}）}^2}+4}|}}{{4\sqrt{2}}}≥\frac{{\sqrt{2}}}{2}$．
當(dāng)且僅當(dāng)y₀=2時(shí)等號(hào)成立，此時(shí)P點(diǎn)坐標(biāo)為（1，2）．…（4分）
（Ⅱ）設(shè)點(diǎn)A的坐標(biāo)為$（{\frac{y_1^2}{4}，{y_1}}）$，顯然y₁≠2．
當(dāng)y₁=-2時(shí)，A點(diǎn)坐標(biāo)為（1，-2），直線AP的方程為x=1；
當(dāng)y₁≠-2時(shí)，直線AP的方程為$y-2=\frac{{{y_1}-2}}{{\frac{y_1^2}{4}-1}}（{x-1}）$，
化簡(jiǎn)得4x-（y₁+2）y+2y₁=0；
綜上，直線AP的方程為4x-（y₁+2）y+2y₁=0．
與直線l的方程y=x+2聯(lián)立，可得點(diǎn)Q的縱坐標(biāo)為${y_Q}=\frac{{2{y_1}-8}}{{{y_1}-2}}$．
當(dāng)$y_1^2=8$時(shí)，直線AC的方程為x=2，可得B點(diǎn)的縱坐標(biāo)為y_B=-y₁．
此時(shí)${y_Q}=\frac{{2{y_1}-8}}{{{y_1}-2}}=2-\frac{4}{{{y_1}-2}}=2-\frac{{4（{{y_1}+2}）}}{y_1^2-4}=-{y_1}$，
即知BQ∥x軸，
當(dāng)$y_1^2≠8$時(shí)，直線AC的方程為$y-2=\frac{{{y_1}-2}}{{\frac{y_1^2}{4}-1}}（{x-2}）$，
化簡(jiǎn)得$（{4{y_1}-8}）x-（{y_1^2-8}）y+（{2y_1^2-8{y_1}}）=0$，
與拋物線方程y²=4x聯(lián)立，消去x，
可得$（{{y_1}-2}）{y^2}-（{y_1^2-8}）y+（{2y_1^2-8{y_1}}）=0$，
所以點(diǎn)B的縱坐標(biāo)為${y_B}=\frac{y_1^2-8}{{{y_1}-2}}-{y_1}=\frac{{2{y_1}-8}}{{{y_1}-2}}$．
從而可得BQ∥x軸，
所以，BQ∥x軸．…（13分）

點(diǎn)評(píng) 本題主要考查拋物線的標(biāo)準(zhǔn)方程與幾何性質(zhì)、直線方程、直線與拋物線的位置關(guān)系等基礎(chǔ)知識(shí)，考查推理論證能力、運(yùn)算求解能力，考查數(shù)形結(jié)合、化歸與轉(zhuǎn)化、特殊與一般，分類與整合等數(shù)學(xué)思想．