Question

20．風(fēng)洞實(shí)驗(yàn)室能產(chǎn)生大小和方向均可改變的風(fēng)力．如圖所示，在風(fēng)洞實(shí)驗(yàn)室中有足夠大的光滑水平面，在水平面上建立xOy直角坐標(biāo)系．質(zhì)量m=0.5kg的小球以初速度v₀=0.40m/s從O點(diǎn)沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，在0～2.0s內(nèi)受到一個(gè)沿y軸正方向、大小F₁=0.20N的風(fēng)力作用；小球運(yùn)動(dòng)2.0s后風(fēng)力方向變?yōu)閥軸負(fù)方向、大小變?yōu)镕₂=0.10N（圖中未畫(huà)出）．試求：
（1）2.0s末小球在y方向的速度大小和2.0s內(nèi)運(yùn)動(dòng)的位移大�。�
（2）風(fēng)力F₂作用多長(zhǎng)時(shí)間，小球的速度變?yōu)榕c初速度相同；
（3）小球回到x軸上時(shí)的動(dòng)能．

Answer 1

分析 （1）小球受重力、支持力和風(fēng)的推力，在x方向不受外力，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在y方向受到恒定的力，故y方向做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成與分解的知識(shí)進(jìn)行分析計(jì)算；
（2）當(dāng)y方向的分速度減為零時(shí)，小球的速度變?yōu)榕c初速度相同，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式列式求解即可；
（3）根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和牛頓第二定律先分析清楚y方向的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，然后根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出回到x軸時(shí)物體的速度，得到動(dòng)能

解答 解：（1）球受重力、支持力和風(fēng)的推力，在x方向不受外力，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在y方向受到恒定的力，故y方向做勻變速直線運(yùn)動(dòng)；
設(shè)在0～2.0s內(nèi)小球運(yùn)動(dòng)的加速度為a₁，則根據(jù)牛頓第二定律，有F₁=ma₁，
解得：a₁=0.4m/s²，
根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，有：V_y=a₁t=0.80m/s，S_y=$\frac{1}{2}$a₁t²=0.80m，S_x=V₀t=0.80m，
故合位移為：S=$\sqrt{{s}_{x}^{2}+{s}_{y}^{2}}$=≈1.13m，即2.0s末小球在y方向的速度大小為0.80m/s，2.0s內(nèi)運(yùn)動(dòng)的位移大小為1.13m．
（2）根據(jù)牛頓第二定律，風(fēng)力F₂作用時(shí)物體的加速度為：a₂=$\frac{{F}_{2}}{m}$=0.20m/s²
風(fēng)力F₂作用為：t=$\frac{{v}_{y}}{{a}_{2}}$=4.0s
故風(fēng)力F₂作用4s的時(shí)間，小球的速度變?yōu)榕c初速度相同．
（3）小球回到x軸上，則y方向的分位移為零，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，有
0=s_y+$\frac{v{′}_{y}^{2}-{v}_{y}^{2}}{2（-{a}_{2}）}$，
解得：v_y′=-0.4$\sqrt{6}$m/s
故合速度為：v=$\sqrt{{v}_{x}^{2}+v{′}_{y}^{2}}$=0.4$\sqrt{7}$m/s，
故小球回到x軸上時(shí)的動(dòng)能為：E_K=$\frac{1}{2}$mv²=0.28J；
答：（1）2.0s末小球在y方向的速度大小和2.0s內(nèi)運(yùn)動(dòng)的位移大小為1.13m．
（2）風(fēng)力F₂作用4s，小球的速度變?yōu)榕c初速度相同；
（3）小球回到x軸上時(shí)的動(dòng)能為0.28J．

點(diǎn)評(píng) 本題關(guān)鍵要將小球的運(yùn)動(dòng)沿著x、y方向正交分解，x方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，y方向做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，然后根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式進(jìn)行列式求解．